3
ВВЕДЕНИЕ
Цель данного учебно—методического пособия – помочь студентам научить—
ся решать задачи по курсу оптики по теме «Интерференция». Подробно рас—
сматриваются анализ и решение наиболее типичных примеров. Подобраны за—
дачи и для самостоятельного решения. Даны рекомендации по использованию
литературы.
ИНТЕРФЕРЕНЦИЯ
§1. Методы получения когерентных источников света ([1],[2])
При решении задач необходимо:
1. Построить изображение когерентных источников.
2. Найти на чертеже основные элементы интерференционной схемы (поле
интерференции, угол апертуры, углы расхождения и схождения).
3. Используя формулу, связывающую величину ширины интерференци—
онной полосы Δh с расстоянием D от когерентных источников до точки наблю—
дения и с расстоянием 2l между когерентными источниками, т.е. Δh = Dλ/2l,
найти искомые величины и произвести вычисления.
Задача 1. Определить угол α между зеркалами Френеля, если расстояние
Δh между полосами интерференции равно 1 мм, а = 1 м, r = 10 см, λ = 4861 Å
(см. рис. 1).
Анализ и решение
На рис. 1 S
1
и S
2
— мнимые когерентные источники, являющиеся изображе—
ниями источника S в зеркалах I и II; заштрихованная область между лучами 1 и
Рис. 1. Получение когерентных источников света с по—
мощью бизеркал Френеля. SO=S
1
O=S
2
O=r ;
OP=a;
S
1
PS
2
=2w,
S
1
OS
2
=2α, S
1
S
2
=2l, D= QO+OP.
2018-07-01
На рис. показана интерференционная схема с бизеркалами Френеля. Угол между зеркалами $alpha = 12^{ prime}$, расстояния от линии пересечения зеркал до узкой щели S и экрана Э равны соответственно $r = 10,0 см$ и $b = 130 см$. Длина волны света $lambda = 0,55 мкм$. Определить:
а) ширину интерференционной полосы на экране и число возможных максимумов;
б) сдвиг интерференционной картины на экране при смещении щели на $delta l = 1,0 мм$ по дуге радиуса $r$ с центром в точке О;
в) при какой максимальной ширине щели $delta_{max}$ интерференционные полосы на экране будут наблюдаться еще достаточно отчетливо?
Решение:
(a) $S^{ prime}S^{ prime prime} = d = 2r alpha$
Тогда $Delta x = frac{(b + r) lambda}{2 alpha}$
Подставляя $b = 1,3 м$, $r = 0,1 м$
$lambda = 0,55 мкм, alpha = 12^{ prime} = frac{1}{5 cdot 57} рад$
получим $Delta x = 1,1 мм$
Число возможных максимумов $= frac{2b alpha}{ Delta x} + 1 approx 8,3 + 1 approx 9$
($2b alpha$ — длина пятна на экране, которая светится после отражения от обоих зеркал.).
(б) Когда щель движется на $delta l$ вдоль дуги радиуса $r$, падающий луч на зеркале движется $frac{ delta l}{r}$; это также поворот отраженного луча. Тогда происходит сдвиг края величиной.
$b frac{ delta l}{r} = 13 мм$.
(в) Если ширина щели равна $delta$, то мы можем предположить, что щель состоит из двух узких щелей с отступом $delta$. Интерференционная картина из-за широкой щели представляет собой наложение от этих двух узких щелей. Полная картина не будет резкой, если расстояние между узким щелям $frac{1}{2} Delta x$, потому что тогда максимумы из-за одной заполнит минимумы из-за другой. Таким образом,
$frac{b delta_{max} }{r} = frac{1}{2} Delta x = frac{(b + r) lambda}{4r alpha}$
или $delta_{max} = left ( 1 + frac{r}{b} right ) frac{ lambda}{4 alpha} = 42 мкм$.
Предложите, как улучшить StudyLib
(Для жалоб на нарушения авторских прав, используйте
другую форму
)
Ваш е-мэйл
Заполните, если хотите получить ответ
Оцените наш проект
1
2
3
4
5