Смотрите бесплатные видео-уроки на канале Ёжику Понятно.
Видео-уроки на канале Ёжику Понятно. Подпишись!
Оглавление страницы:
Статистика. Числовые характеристики ряда чисел
Средним арифметическим нескольких чисел называется число, равное отношению суммы этих чисел к их количеству.
Другими словами, среднее арифметическое – это дробь, в числителе которой стоит сумма чисел, а взнаменателе – их количество.
Пример:
- Вычислить среднее арифметическое данных чисел: 6, 10, 16, 20.
Среднее арифметрическое: ( 6 + 10 + 16 + 20 ) 4 = 52 4 = 13
Медиана ряда чисел – это число, стоящее посередине упорядоченного ряда чисел, если количество чисел в ряду нечётное.
Пример:
- Найти медиану ряда чисел: 12, 2, 11, 3, 7, 10, 3
Сперва упорядочим этот ряд (расположим числа в порядке возрастания, от меньшего к большему): 2, 3, 3, 7 , 10, 11, 12
Посередине данного упорядоченного ряда стоит число 7.
Медиана ряда чисел – это полусумма двух стоящих посередине упорядоченного ряда чисел, если количество чисел в ряду чётное.
Пример:
- Найти медиану ряда чисел: 8, 3, 10, 1, 16, 2, 3
Сперва упорядочим этот ряд (расположим числа в порядке возрастания, от меньшего к большему): 2, 3, 7 , 10 , 11, 12
Посередине данного упорядоченного ряда стоят два числа: 7 и 10.
Их полусумма равна: 7 + 10 2 = 17 2 = 8,5
Размах ряда чисел – это разность между наибольшим и наименьшим числом.
Пример:
- Найти размах ряда чисел: 8, 3, 10, 1, 16, 2, 3
Для удобства упорядочим этот ряд: 1, 2, 3, 3, 8, 10, 16
Наибольшее значение ряда: 16. Наименьшее значение ряда: 1.
Размах: 16 − 1 = 15
Мода ряда чисел – наиболее часто встречающееся число в этом ряду.
Ряд чисел может иметь более одной моды, а может вообще не иметь моды.
Примеры:
- Найти моду ряда: 1, 5, 6, 3 , 10, 32, 4, 3
Число, встречающееся в этом ряду чаще всех: 3.
Данный ряд имеет моду: 3.
- Найти моду ряда: 5, 2, 3, 4, 1, 0, 8
Каждое число в данном ряде встречается одинаковое количество раз (один раз).
Данный ряд не имеет моды.
- Найти моду ряда: 9 , 1 , 4 , 10 , 17 , 1 , 33 , 6 , 9 , 8 , 5 , 5
Числа 1, 5, 9 встречаются в этом ряде наибольшее количество раз (по два раза).
Данный ряд имеет три моды: 1, 5, 9.
Вероятности
Случайное событие – это событие, которое может произойти, а может не произойти.
Мы называем событие случайным, если нельзя утверждать, что это событие в данных обстоятельствах непременно произойдёт.
События обозначаются заглавными латинскими буквами.
Частота случайного события A в серии опытов – это отношение числа тех опытов, в которых событие A произошло, к общему числу проведенных опытов.
Примеры:
- Какова частота события «выпал орёл», если в серии опытов из 20 бросков монеты решка выпала 8 раз?
Если решка выпала 8 раз, то орёл выпал 20 − 8 = 12 раз.
Частота: 12 20 = 6 10 = 0,6
- Какова частота события «выпало чётное число очков» в серии опытов из восьми бросков кубика, если результаты представлены в виде числового ряда: 3, 2, 3, 5, 1, 1, 6, 4
Как мы видим, чётных чисел выпало три штуки.
Частота: 3 8 = 0,375
Каждое случайное событие делится на несколько элементарных исходов. Они делятся на благоприятные исходы и неблагоприятные исходы.
Например, для события «выпало четное число очков» при броске кубика:
- Благоприятные исходы:
«выпало два очка», «выпало четыре очка», «выпало шесть очков»
- Неблагоприятные исходы:
«выпало одно очко», «выпало три очка», «выпало пять очков»
Все возможные исходы = благоприятные исходы + неблагоприятные исходы.
Вероятность случайного события P ( A ) – это отношение благоприятных исходов m к общему числу исходов n. P ( A ) = m n
Вероятность случайного события лежит в пределах от 0 до 1. 0 ≤ P ( A ) ≤ 1
Сумма вероятностей всех элементарных исходов случайного эксперимента равна 1.
Примеры:
- Какова вероятность вытащить из шляпы, в которой лежат три синих шара, белого кролика?
Число благоприятных исходов: m = 0 , так как ни одного кролика нет.
Число всех возможных исходов: n = 3 , так как есть три объекта, которые можно достать из шляпы.
A=«достать кролика», посчитаем вероятность этого события. P ( A ) = m n = 0 3 = 0
- Какова вероятность вытащить из шляпы, в которой лежат три синих шара, синий шар?
Число благоприятных исходов: m = 3 , так как каждый из трех шариков синий, каждый подходит.
Число всех возможных исходов: n = 3 , так как есть три объекта, которые можно достать из шляпы.
A=«достать синий шар», посчитаем вероятность этого события. P ( A ) = m n = 3 3 = 1
- Какова вероятность вытащить из шляпы, в которой лежат три синих шара и девять красных шаров, синий шар?
Число благоприятных исходов: m = 3 , так как всего синих шаров в шляпе три.
Число всех возможных исходов: n = 3 + 9 = 12 , так как всего в шляпе 12 объектов, которые можно достать.
A=«достать синий шар», посчитаем вероятность этого события. P ( A ) = m n = 3 12 = 0,25
Событие A ¯ называется противоположным событию A, если событие A ¯ происходит тогда, когда событие A не происходит (то есть вместо события A происходит событие A ¯ ).
Примеры противоположных событий:
- A : «купить молоко», A ¯ : «не купить молоко»
- A : «прибор исправен», A ¯ : «прибор неисправен»
- A : «выпал орёл», A ¯ : «выпала решка»
- A : «на игральной кости выпало нечетное число», A ¯ : «на игральной кости выпало чётное число»
Вероятность противоположного события определяется по формуле: P ( A ¯ ) = 1 − P ( A )
Примеры:
- Вероятность того, что новая шариковая ручка пишет плохо (или не пишет), равна 0,28. Покупатель в магазине выбирает одну шариковую ручку. Найдите вероятность того, что эта ручка пишет хорошо.
Пусть событие A: «ручка пишет плохо».
Противоположное событие: A ¯ : «ручка пишет хорошо»
P ( A ) = 0,28. Найдём вероятность противоположного события по формуле:
P ( A ¯ ) = 1 − P ( A ) = 1 − 0,28 = 0,72
- В среднем из 100 карманных фонариков, поступивших в продажу, 8 неисправных. Найдите вероятность того, что выбранный наудачу в магазине фонарик окажется исправен.
Пусть событие A: «фонарик неисправен»
Противоположное событие A ¯ : «фонарик исправен»
P ( A ) = 8 100 = 0,08
P ( A ¯ ) = 1 − P ( A ) = 1 − 0,08 = 0,92
Ответ: 0,92
Теоремы о вероятностных событиях
Два события называются несовместными, если они не могут произойти одновременно, то есть если наступление одного из них исключает наступление другого. В противном случае события называются совместными.
Примеры несовместных событий:
- Выпадение 1, выпадение 5, выпадение 6 при бросании кости
За один бросок может выпасть либо 1, либо 5, либо 6. Одновременно два или три значения выпасть не могут, только одно.
- Выпадение орла, выпадение решки при броске монеты
За один бросок может выпасить либо орёл, либо решка, одновременно орёл и решка выпасть не могут.
Теорема сложения вероятностей несовместных событий:
Вероятность появления одного из двух (или более) несовместных событий равна сумме вероятностей этих событий.
P ( A + B ) = P ( A ) + P ( B )
Примеры:
- Паша на экзамене вытягивает билет. Все билеты относятся к одной из трех тем: «углы», «треугольники», «четырехугольники». Вероятность того, что Паше попадется билет по теме «треугольники» равна 0,22, вероятность того, что ему попадется билет по теме «четырехугольники» равна 0,31, вероятность того, что ему попадется билет по теме «углы» равна 0,47. Паша знает тему «углы» и тему «треугольники», но «четырехугольники» вызывают у него затруднения. Найдите вероятность того, что ему попадется билет по теме «треугольники» или по теме «углы».
Решение:
Событие A = «вытащить билет по теме углы» и событие B = «вытащить билет по теме треугольники» – несовместные.
Вероятность появления одного из двух несовместных событий равна сумме вероятностей этих событий:
P ( A + B ) = P ( A ) + P ( B )
P ( A + B ) = 0,47 + 0,22 = 0,69
Ответ: 0,69
- Макар играет в лотерею. Вероятность выиграть стиральную машину равна 0,001, вероятность выиграть денежный приз 0,013, вероятность выиграть сувенир 0,04. Найдите вероятность того, что лотерейный билет принесёт Макару какой-нибудь приз.
Решение:
Событие A = «выиграть машину», событие B = «выиграть денежный приз» и событие C = «выиграть сувенир» несовместные.
Вероятность появления одного из трех несовместных событий равна сумме вероятностей этих событий:
P ( A + B + C ) = P ( A ) + P ( B ) + P ( C )
P ( A + B + C ) = 0,001 + 0,013 + 0,04 = 0,054
Ответ: 0,054
Два события называются независимыми, если наступление одного из них не влияет на вероятность наступления другого. В противном случает события называются зависимыми.
Примеры независимых событий:
- Игральный кубик бросают два раза. Выпадение трех очков при первом броске и выпадение четырех очков при втором броске являются независимыми событиями.
При первом броске вероятность выпадания трех очков равна 1 6 , при втором броске вероятность выпадания четырех очков снова равна 1 6 . Не смотря на то, что кубик кидают два раза, у него по-прежнему остаётся шесть граней, при каждом новом броске может выпасть одно из шести чисел с той же самой вероятностью 1 6 , вне зависимости от того, что выпадало до этого.
- Монету бросают три раза. Выпадение орла при первом броске, выпадение орла при втором броске, выпадение орла при третье броске явлюятся независимыми событиями.
При первом броске вероятность выпадения орла равна 0,5, при втором броске вероятность выпадения орла равна 0,5, при третьем броске вероятность выпадения орла равна 0,5. Не смотря на то, что монету кидают несколько раз, при каждом новом броске может выпасть орёл или решка с той же самой вероятностью 0,5, вне зависимости от того, что выпадало до этого.
Примеры зависимых событий:
- В шляпе лежат три синих шара и два красных. Последовательно извлекются два шара. Извлечь в первый раз синий шар и извлечь во второй раз синий шар – два зависимых события.
Почему же они зависимые? Потому что первоначально вероятность вытащить синий шар равна 3 5 (всего шаров 5, синих 3). После того, как один синий шар вытащили, количество благоприятных исходов изменилась, общее количество шаров изменилось. При следующем вынимании шара из шляпы вероятность вытащить синий шар равна 2 4 = 1 2 (всего шаров 4, синих 2). Таким образом наступление первого события влияет на вероятность наступления второго.
Теорема умножения вероятностей независимых событий:
Вероятность появления двух (или более) независимых событий равна произведению вероятностей этих событий.
P ( A ⋅ B ) = P ( A ) ⋅ P ( B )
Примеры:
- В первой шляпе лежит один синий шар и один красный, во второй шляпе лежит 1 синий шар и 4 красных. Из каждой шляпы извлекли по одному шару. Найдите вероятность того, что оба шара красные.
Решение:
Событие A: «извлечь красный шар из первой шляпы».
Событие B: «извлечь красный шар из второй шляпы».
Оба этих события независимы друг от друга, так как при извлечении шпара из первой шляпы, вторая остаётся нетронутой. Найдём вероятности этих событий.
P ( A ) = 1 2 (всего шаров два, красных – один).
P ( B ) = 4 5 (всего шаров пять, красных четыре).
P ( A ⋅ B ) = P ( A ) ⋅ P ( B )
P ( A ⋅ B ) = 1 2 ⋅ 4 5 = 0,4
Ответ: 0,4
- Стрелок 3 раза стреляет по мишеням. Вероятность попадания в мишень при одном выстреле равна 0,9. Найдите вероятность того, что стрелок первые 2 раза попал в мишени, а последний раз промахнулся.
Решение:
Событие A: «попадание», событие B: «промах». По условию P ( A ) = 0,9. Найдём вероятность промаха, она равна
P ( B ) = 1 − P ( A ) = 1 − 0,9 = 0,1
Каждый из выстрелов – событие, не зависящее от предыдущих или последующих выстрелов, то есть все три события – независимые. Вероятность появления трех независимых событий равна произведению их вероятностей, то есть
P ( A ⋅ A ⋅ B ) = P ( A ) ⋅ P ( A ) ⋅ P ( B )
P ( A ⋅ A ⋅ B ) = 0,9 ⋅ 0,9 ⋅ 0,1 = 0,081
Ответ: 0,081
Симметричная монета в теории вероятности
Математическая монета, которая используется в теории вероятности, лишена многих качеств бычной моенты: цвета, размера, веса и достоинства. Она не сделана ни из какого материала и не может служить платёжным средством. Монета имеет две стороны, одна из которых орёл (О), а другая решка (Р). Монету бросают и она падает одной стороной вверх. Никаких других свойств у монеты нет. Рассмотрим различные опыты с монетой
Бросание одной монеты
Возможные исходы:
О
Р
Всего два исхода. Вероятность каждого исхода из двух возможных равна 1 2 = 0,5
Бросание двух монет (бросание одной монеты два раза подряд)
Возможные исходы:
О О
О Р
Р О
Р Р
Всего четыре исхода. Вероятность каждого исхода из четырех возможных равна 1 4 = 0,25
Бросание трех монет (бросание одной монеты три раза подряд)
Возможные исходы:
О О О
О О Р
О Р О
О Р Р
Р О О
Р О Р
Р Р О
Р Р Р
Всего восемь исходов. Вероятность каждого исхода из восьми возможных равна 1 8 = 0,125
Бросание четырех монет (бросание одной монеты четыре раза подряд)
Возможные исходы:
О О О О
О О О Р
О О Р О
О О Р Р
О Р О О
О Р О Р
О Р Р О
О Р Р Р
Р О О О
Р О О Р
Р О Р О
Р О Р Р
Р Р О О
Р Р О Р
Р Р Р О
Р Р Р Р
Всего шестнадцать исходов. Вероятность каждого исхода из шестнадцати возможных равна 1 16 = 0,0625
Примеры:
- Симметричную монету бросают три раза подряд. Какова вероятность, что решка выпадет ровно один раз?
Решение:
Всего восемь различных исходов (см. опыт с бросанием трех монет). Исходов, в которых решка выпала ровно один раз, три.
P = 3 8 = 0,375
Ответ: 0,375
- Cимметричную монету бросают четыре раза подряд. Найдите вероятность того, что орёл выпадет хотя бы два раза.
Решение:
В опыте с бросанием четырех монет всего шестнадцать различных исходов. Благоприятные исходы – те, в которых выпало два, три или четыре орла. Таких исходов всего одиннадцать.
P = 11 16 = 0,6875
Ответ: 0,6875
Симметричная игральная кость в теории вероятности
Математическая игральная кость, которая используется в теории вероятности, это правильная кость, у которой шансы на выпадение каждой грани равны. Подобно математической монете, математическая кость не имеет ни цвета, ни размера. Ни веса, ни иых материальных качеств. Рассмотрим различные опыты с игральной костью.
Бросание одной кости
Возможные исходы: 1, 2, 3, 4, 5, 6. Всего шесть исходов. Вероятность каждого исхода из шести возможных равна 1 6 .
Бросание двух костей (бросание одной кости два раза подряд)
Для того, чтобы перебрать все возможные варианты, составим таблицу:
Первое число в паре – количество очков, выпавших на первом кубике. Второе число в паре – количество очков, выпавших на втором кубике. Всего возможно тридцать шесть различных исходов.
Такую таблицу не составит труда нарисовать на экзамене, если попадётся задача на бросание двух кубиков. Сумма чисел в ячейке – сумма выпавших очков.
Примеры:
- Какова вероятность, что сумма очков при бросании двух кубиков, будет равна 7?
Решение:
Как видно из таблицы, всего 36 различных вариантов выпадания очков на двух кубиках. Благоприятных вариантов – когда сумма очков будет равна семи – всего 6.
P = 6 36 = 1 6
Ответ: 1 6
- Какова вероятность, что сумма очков при бросании двух кубиков, будет меньше десяти?
Решение:
Как видно из таблицы, всего 36 различных вариантов выпадания очков на двух кубиках. Благоприятные варианты – когда сумма очков будет равна 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, или 9. Таких ячеек в таблице 30.
P = 30 36 = 5 6
Ответ: 5 6
На чтение 16 мин Просмотров 127к. Опубликовано 25 мая, 2018
Вероятность — очень лёгкая тема, если концентрироваться на смысле задач, а не на формулах. Найти вероятность того что — не просто. И как решать задачи на вероятность?. Во-первых, что такое вероятность? Это шанс, что какое-то событие произойдёт. Если мы говорим, что вероятность некоторого события 50%, что это значит? Что оно либо произойдет, либо не произойдет — одно из двух. Таким образом подсчитать значение вероятности очень просто — нужно взять количество подходящих нам вариантов и разделить на количество всех возможных вариантов. Например, шанс получить решку при подбрасывании монеты это ½. Как мы получаем ½? Всего у нас два возможных варианта (орёл и решка), из них нам подходит один (решка), так мы и получаем вероятность ½.
Как мы уже с вами увидели, вероятность может быть выражена как в процентах, так и в обычных числах. Важно: на ЕГЭ вам нужно будет записать ответ в числах, не в процентах. Принято, что вероятность изменяется от 0 (никогда не произойдет) до 1 (абсолютно точно произойдет). Также можно сказать, что всегда
Вероятность подходящих событий + вероятность неподходящих событий = 1
Теперь мы точно понимаем, как считать вероятность отдельного события, и даже такие задачи есть в банке ФИПИ, но понятно, что на этом всё не заканчивается. Чтобы жизнь была веселее, в задачах на вероятность обычно происходят как минимум два события, и надо посчитать вероятность с учетом каждого из них.
Содержание
- Вероятность нескольких событий
- Задачи и решения задач на вероятность
- Вероятность нескольких событий
- Дополняющая вероятность
Вероятность нескольких событий
Подсчитываем вероятность каждого события в отдельности, затем между дробями ставим знаки:
1. Если нужно первое И второе событие, то умножаем.
2. Если нужно первое ИЛИ второе событие, то складываем.
Задачи и решения задач на вероятность
Задача 1. Среди натуральных чисел от 23 до 37 случайно выбирают одно число. Найдите вероятность того, что оно не делится на 5.
Решение:
Вероятность, это отношение благоприятных вариантов к общему их количеству.
Всего в этом промежутке 15 чисел. Из них на 5 делится всего 3, значит не делится 12.
Вероятность тогда: 
Ответ: 0,8.
Задача 2. Для дежурства в столовой случайно выбирают двух учащихся класса. Какова вероятность того, что дежурить будут два мальчика, если в классе обучается 7 мальчиков и 8 девочек?
Решение: Вероятность, это отношение благоприятных вариантов к общему их количеству. В классе 7 мальчиков, это благоприятные варианты. А всего 15 учеников.
Вероятность что первый дежурный мальчик:
Вероятность что второй дежурный мальчик:
Раз оба должны быть мальчики, вероятности перемножим:
Ответ: 0,2.
Задача 3. На борту самолёта 12 мест рядом с запасными выходами и 18 мест за перегородками, разделяющими салоны. Остальные места неудобны для пассажира высокого роста. Пассажир В. высокого роста. Найдите вероятность того, что на регистрации при случайном выборе места пассажиру В. достанется удобное место, если всего в самолёте 300 мест.
Решение: Пассажиру В. удобны 30 мест (12 + 18 = 30), а всего в самолете 300 мест. Поэтому вероятность того, что пассажиру В. достанется удобное место равна 30/300, т. е. 0,1.
Задача 4. В сборнике билетов по математике всего 25 билетов, в 10 из них встречается вопрос по неравенствам.
Найдите вероятность того, что в случайно выбранном на экзамене билете школьнику не достанется вопроса по неравенствам.
Решение: Из 25 билетов 15 не содержат вопроса по неравенствам, поэтому вероятность того, что в случайно выбранном на экзамене билете школьнику не достанется вопроса по неравенствам, равна 15/25, т. е. 0,6.
Задача 5. В сборнике билетов по химии всего 35 билетов, в 7 из них встречается вопрос по кислотам.
Найдите вероятность того, что в случайно выбранном на экзамене билете школьнику не достанется вопроса по кислотам.
Решение: Из 35 билетов 28 не содержат вопроса по кислотам, поэтому вероятность того, что в случайно выбранном на экзамене билете школьнику не достанется вопроса по кислотам, равна 28/35, т. е. 0,8.
Задача 6. В среднем из 500 садовых насосов, поступивших в продажу, 2 подтекают. Найдите вероятность того, что один случайно выбранный для контроля насос не подтекает.
Решение: Если из 500 насосов 2 подтекают, то 498 не подтекают. Следовательно, вероятность выбора хорошего насоса — 498/500, т. е. 0,996.
Задача 7. Вероятность того, что новый пылесос в течение года поступит в гарантийный ремонт, равна 0,065. В некотором городе из 1000 проданных пылесосов в течение года в гарантийную мастерскую поступило 70 штук.
На сколько отличается частота события «гарантийный ремонт» от его вероятности в этом городе?
Решение: Частота события «гарантийный ремонт» равна 70/1000, т. е. 0,07. Она отличается от предсказанной вероятности на 0,005 (0,07 – 0,065 = 0,005).
Задача 8. В чемпионате по гимнастике участвуют 50 спортсменок: 18 из России, 14 из Украины, остальные — из Белоруссии. Порядок, в котором выступают гимнастки, определяется жребием.
Найдите вероятность того, что спортсменка, выступающая первой, окажется из Белоруссии.
Решение: Всего участниц на чемпионате 50, а спортсменок из Белоруссии — 18 (50 – 18 – 14 = 18).
Вероятность того, что первой будет выступать спортсменка из Белоруссии — 18 из 50, т. е. 18/50, или 0,36.
Задача 9. Научная конференция проводится в 5 дней. Всего запланировано 80 докладов — первые три дня по 12 докладов, остальные распределены поровну между четвертым и пятым днями. Порядок докладов определяется жеребьёвкой.
Какова вероятность, что доклад профессора М. окажется запланированным на последний день конференции?
Решение: За первые три дня будут прочитаны 36 докладов (12 ∙ 3 = 36), на последние два дня планируется 44 доклада. Поэтому на последний день запланировано 22 докладов (44 : 2 = 22). Значит, вероятность того, что доклад профессора М. окажется запланированным на последний день конференции, равна 22/80, т. е. 0,275.
Задача 10.
Перед началом первого тура чемпионата по шахматам участников разбивают на игровые пары случайным образом с помощью жребия. Всего в чемпионате участвует 26 шахматистов, среди которых 14 участников из России, в том числе Егор Косов.
Найдите вероятность того, что в первом туре Егор Косов будет играть с каким-либо шахматистом из России?
Решение: В первом туре Егор Косов может сыграть с 25 шахматистами (26 – 1 = 25), из которых 13 ― из России. Значит, вероятность того, что в первом туре Егор Косов будет играть с каким-либо шахматистом из России, равна 13/25, или 0,52.
Задача 11.
В чемпионате мира участвуют 16 команд. С помощью жребия их нужно разделить на четыре группы по четыре команды в каждой. В ящике вперемешку лежат карточки с номерами групп: 1, 1, 1, 1, 2, 2, 2, 2, 3, 3, 3, 3, 4, 4, 4, 4.
Капитаны команд тянут по одной карточке. Какова вероятность того, что команда России окажется во второй группе?
Решение: Вероятность того, что команда России окажется во второй группе, равна отношению количества карточек с номером 2, к общему числу карточек, т. е. 4/16, или 0,25.
Задача 12. В группе туристов 5 человек. С помощью жребия они выбирают двух человек, которые должны идти в село за продуктами. Турист А. хотел бы сходить в магазин, но он подчиняется жребию. Какова вероятность того, что А. пойдёт в магазин?
Решение: Выбирают двоих туристов из пяти. Следовательно, вероятность быть выбранным равна 2/5, т. е. 0,4.
Задача 13. В группе туристов 30 человек. Их вертолётом в несколько приёмов забрасывают в труднодоступный район по 6 человек за рейс. Порядок, в котором вертолёт перевозит туристов, случаен. Найдите вероятность того, что турист П. полетит первым рейсом вертолёта.
Решение: На первом рейсе 6 мест, всего мест 30. Тогда вероятность того, что турист полетит первым рейсом вертолёта, равна 6/30, или 0,2.
Задача 14. Какова вероятность того, что случайно выбранное натуральное число от 10 до 19 делится на три?
Решение: Натуральных чисел от 10 до 19 десять, из них на 3 делятся три числа: 12, 15 и 18. Следовательно, искомая вероятность равна 3/10, т. е. 0,3.
Вероятность нескольких событий
Задача 1. Перед началом волейбольного матча капитаны команд тянут честный жребий, чтобы определить, какая из команд начнёт игру с мячом. Команда «Стартер» по очереди играет с командами «Ротор», «Мотор» и «Стратор». Найдите вероятность того, что «Стартер» будет начинать только вторую игру.
Решение:
Тип вопроса: совмещение событий.
Нас устроит следующий вариант: «Статор» не начинает первую игру, начинает вторую игру, не начинает третью игру. Вероятность такого развития событий равна произведению вероятностей каждого из этих событий. Вероятность каждого из них равна 0,5, следовательно: 0,5 · 0,5 · 0,5 = 0,125.
Задача 2. Чтобы пройти в следующий круг соревнований, футбольной команде нужно набрать хотя бы 4 очка в двух играх. Если команда выигрывает, она получает 3 очка, в случае ничьей ― 1 очко, если проигрывает ― 0 очков. Найдите вероятность того, что команде удастся выйти в следующий круг соревнований. Считайте, что в каждой игре вероятности выигрыша и проигрыша одинаковы и равны 0,4.
Решение:
Тип вопроса: совмещение событий.
Задачу выполняют несколько вариантов:
| Игра №1 | Игра №2 | Вероятность данного варианта |
| 3 | 1 | 0,4 · 0,2 = 0,08 |
| 1 | 3 | 0,2 · 0,4 = 0,08 |
| 3 | 3 | 0,4 · 0,4 = 0,16 |
Вероятность происхождения какого-либо их этих 3-х вариантов равна сумме вероятностей каждого из вариантов: 0,08 + 0,08 + 0,16 = 0,32.
Задача 3. В классе учится 21 человек. Среди них две подруги: Аня и Нина. Класс случайным образом делят на 7 групп, по 3 человека в каждой. Найти вероятность того что Аня и Нина окажутся в одной группе.
Решение:
Тип вопроса: уменьшение групп.
Вероятность попадания Ани в одну из групп равна 1. Вероятность попадания Нины в ту же группу равна 2 из 20 (2 оставшихся места в группе, а человек осталось 20). 2/20 = 1/10 = 0,1.
Задача 4. В кармане у Пети было 4 монеты по рублю и 2 монеты по два рубля. Петя, не глядя, переложил какие-то 3 монеты в другой карман. Найдите вероятность того, что обе двухрублёвые монеты лежат в одном кармане.
Решение:
Способ №1
Тип задачи: уменьшение групп.
Представим, что шесть монет делят на две группы по три монеты. Вероятность, что первая однорублевая монета попадет в один из карманов (групп) = 1.
Вероятность, что две двухрублевые монеты попадут в этот же карман = количество оставшихся мест в этом кармане/на количество оставшихся мест в обоих карманах = 2/5 = 0,4.
Способ №2
Тип вопроса: совмещение событий.
Задачу выполняют в несколько вариантов:
Если Петя переложил в другой карман три из четырех рублевых монет (а двухрублевые не перекладывал), или если переложил в другой карман обе двухрублевые монеты и одну рублевую одним из трех способов: 1, 2, 2; 2, 1, 2; 2, 2, 1. Можно изобразить это на схеме (перекладывает Петя в карман 2, поэтому будем высчитывать вероятности в колонке «карман 2»):
Вероятность происхождения какого-либо их этих 4-х вариантов равна сумме вероятностей каждого из вариантов: 
Задача 5. В кармане у Пети было 2 монеты по 5 рублей и 4 монеты по 10 рублей. Петя, не глядя, переложил какие-то 3 монеты в другой карман. Найдите вероятность того, что пятирублевые монеты лежат теперь в разных карманах.
Решение:
Тип задачи: уменьшение групп.
Способ №1
Представим, что шесть монет делят на две группы по три монеты. Вероятность, что первая двухрублевая монета попадет в один из карманов (групп) = 1. Вероятность, что вторая монета попадет в другой карман = количество оставшихся мест в другом/ на количество оставшихся мест в обоих карманах = 3/5 = 0,6.
Способ №2
Тип вопроса: совмещение событий.
Задачу выполняют несколько вариантов:
Чтобы пятирублевые монеты оказались в разных карманах, Петя должен взять из кармана одну пятирублевую и две десятирублевые монеты. Это можно сделать тремя способами: 5, 10, 10; 10, 5, 10 или 10, 10, 5. Можно изобразить это на схеме (перекладывает Петя в карман 2, поэтому будем высчитывать вероятности в колонке «карман 2»):
Вероятность происхождения какого-либо их этих 4-х вариантов равна сумме вероятностей каждого из вариантов: 
Задача 6. В случайном эксперименте симметричную монету бросают трижды. Найдите вероятность того, что орёл выпадет ровно два раза.
Решение: Тип вопроса: нахождение желаемого и действительного совмещение событий Нас устраивают три варианта:
Орёл ― решка ― орёл;
Орёл ― орёл ― решка;
Решка ― орёл ― орёл;
Вероятность каждого случая ― 1/2, а каждого варианта ― 1/8 (1/2 ∙ 1/2 ∙ 1/2 = 1/8)
Нас устроит либо первый, либо второй, либо третий вариант. Следовательно, складываем их вероятности и получаем 3/8 (1/8 + 1/8 + 1/8 = 3/8), т. е. 0,375.
Задача 7. Если гроссмейстер А. играет белыми, то он выигрывает у гроссмейстера Б. с вероятностью 0,5. Если А. играет черными, то А. выигрывает у Б. с вероятностью 0,34. Гроссмейстеры А. и Б. играют две партии, причем во второй партии меняют цвет фигур. Найдите вероятность того, что А. выиграет оба раза.
Решение:
Тип вопроса: совмещение событий.
В любом случае А. будет играть как белыми, так и черными, поэтому нас устроит вариант, когда гроссмейстер А. выиграет, играя белыми (вероятность ― 0,5), а также играя чёрными (вероятность ― 0,34). Поэтому надо перемножить вероятности этих двух событий: 0,5 ∙ 0,34 = 0,17.
Задача 8. Вероятность того, что батарейка бракованная, равна 0,02. Покупатель в магазине выбирает случайную упаковку, в которой две таких батарейки. Найдите вероятность того, что обе батарейки окажутся исправными.
Решение:
Тип вопроса: совмещение событий.
Вероятность того, что батарейка исправна, равна 0,98. Покупателю надо, чтобы и первая, и вторая батарейка были исправны: 0,98 · 0,98 = 0,9604.
Задача 9. На рок-фестивале выступают группы ― по одной от каждой из заявленных стран. Порядок выступления определяется жребием. Какова вероятность того, что группа из США будет выступать после группы из Канады и после группы из Китая? Результат округлите до сотых.
Решение:
Тип вопроса: совмещение событий.
Общее количество выступающих на фестивале групп для ответа на вопрос неважно. Сколько бы их ни было, для указанных стран есть 6 способов взаимного расположения среди выступающих (КИТ — Китай, КАН = Канада):
… США, КАН, КИТ …
… США, КИТ, КАН …
… КИТ, США, КАН …
… КАН, США, КИТ …
… КАН, КИТ, США …
… КИТ, КАН, США …
США находится после Китая и Канады в двух последних случаях. Поэтому вероятность того, что группы случайным образом будут распределены именно так, равна:
≈ 0,33.
Дополняющая вероятность
Задача 1.
Автоматическая линия изготавливает батарейки. Вероятность того, что готовая батарейка неисправна, равна 0,02. Перед упаковкой каждая батарейка проходит систему контроля. Вероятность того, что система забракует неисправную батарейку, равна 0,97. Вероятность того, что система по ошибке забракует исправную батарейку, равна 0,05.
Найдите вероятность того, что случайно выбранная батарейка будет забракована.
Решение:
Существуют 2 варианта, которые нам подходят:
Вариант А: батарейка забракована, она неисправна;
Вариант Б: батарейка забракована, она исправна.
Вероятность варианта А: 0,02 ∙ 0,97 = 0,0194;
Вероятность варианта Б: 0,05 ∙ 0,98 = 0,049;
Нас устроит либо первый, либо второй вариант: 0,0194 + 0,049 = 0,0684.
Задача 2. Две фабрики выпускают одинаковые стекла для автомобильных фар. Первая фабрика выпускает 60% этих стекол, вторая — 40%. Первая фабрика выпускает 3% бракованных стекол, а вторая — 5%. Найдите вероятность того, что случайно купленное в магазине стекло окажется бракованным.
Решение:
Вероятность того, что стекло куплено на первой фабрике и оно бракованное: 0,6 · 0,03 = 0,018.
Вероятность того, что стекло куплено на второй фабрике и оно бракованное: 0,4 · 0,05 = 0,02.
Вероятность того, что случайно купленное в магазине стекло окажется бракованным, равна 0,018 + 0,02 = 0,038.
Задача 3. На фабрике керамической посуды 10% произведённых тарелок имеют дефект. При контроле качества продукции выявляется 80% дефектных тарелок. Остальные тарелки поступают в продажу. Найдите вероятность того, что случайно выбранная при покупке тарелка не имеет дефектов. Результат округлите до тысячных.
Решение:
Предположим, у нас х тарелок изначально (ведь мы постоянно имеем дело с процентами, поэтому нам ничего не мешает оперировать конкретными величинами).
Тогда 0,1х — дефектные тарелки, а 0,9х — нормальные, которые поступят в магазин сразу. Из дефектных убирается 80%, то есть 0,08х, и остаётся 0,02х, которые тоже пойдут в магазин. Таким образом, общее количество тарелок на полках в магазине окажется: 0,9х + 0,02х = 0,92х. Из них нормальными будет 0,9х. Соответственно, по формуле вероятность будет 0,9х/0,92х ≈ 0,978.
Задача 4. По отзывам покупателей Игорь Игоревич оценил надёжность двух интернет-магазинов. Вероятность того, что нужный товар доставят из магазина А, равна 0,91. Вероятность того, что этот товар доставят из магазина Б, равна 0,89. Игорь Игоревич заказал товар сразу в обоих магазинах. Считая, что интернет-магазины работают независимо друг от друга, найдите вероятность того, что ни один магазин не доставит товар.
Решение. Вероятность того, что первый магазин не доставит товар, равна 1 − 0,91 = 0,09. Вероятность того, что второй магазин не доставит товар, равна 1 − 0,89 = 0,11. Вероятность происхождения двух этих событий одновременно равна произведению вероятностей каждого из них: 0,09 · 0,11 = 0,0099.
Задача 5. При изготовлении подшипников диаметром 70 мм вероятность того, что диаметр будет отличаться от заданного меньше чем на 0,01 мм, равна 0,961. Найдите вероятность того, что случайный подшипник будет иметь диаметр меньше чем 69,99 мм или больше чем 70,01 мм.
Решение: Нам дана вероятность события, при котором диаметр будет в пределах между 69,99 мм и 70,01 мм, и она равна 0,961. Вероятность всех остальных вариантов мы можем найти по принципу дополняющей вероятности: 1 − 0,961 = 0,039.
Задача 6. Вероятность того, что на тесте по истории учащийся верно решит больше 9 задач, равна 0,68. Вероятность того, что верно решит больше 8 задач, равна 0,78. Найдите вероятность того, что верно решит ровно 9 задач.
Решение: Вероятность того, что Т. верно решит более 8 задач, включает в себя вероятность решения ровно 9 задач. При этом, события, при которых О. решит больше 9 задач, нам не подходят. Следовательно, отняв от вероятности решения более 9 задач вероятность решения более 8 задач, мы и найдём вероятность решения только 9 задач: 0,78 – 0,68 = 0,1.
Задача 7. Из районного центра в деревню ежедневно ходит автобус. Вероятность того, что в понедельник в автобусе окажется меньше 21 пассажира, равна 0,88. Вероятность того, что окажется меньше 12 пассажиров, равна 0,66. Найдите вероятность того, что число пассажиров будет от 12 до 20.
Решение. Вероятность того, что в автобусе окажется меньше 21 пассажира, включает в себя вероятность, что в нём окажутся от 12 до 20 пассажиров. При этом события, при которых пассажиров будет меньше 12, нам не подходят. Следовательно, отняв от первой вероятности (менее 21) вторую вероятность (менее 12), мы и найдём вероятность того, что пассажиров будет от 12 до 20 : 0,88 – 0,66 = 0,22.
Задача 8. В Волшебной стране бывает два типа погоды: хорошая и отличная, причём погода, установившись утром, держится неизменной весь день. Известно, что с вероятностью 0,9 погода завтра будет такой же, как и сегодня. 10 апреля погода в Волшебной стране хорошая. Найдите вероятность того, что 13 апреля в Волшебной стране будет отличная погода.
Решение:
Задачу выполняют несколько вариантов («Х» — хорошая погода, «О» — отличная погода):
| 11 апреля | 12 апреля | 13 апреля | Вероятность данного варианта |
| X – 0,9 | X – 0,9 | O – 0,1 | 0,9 ·0,9 ·0,1 = 0,081 |
| X – 0,9 | O – 0,1 | O – 0,9 | 0,9 ·0,1 ·0,9 = 0,081 |
| O – 0,1 | O – 0,9 | O – 0,9 | 0,1 ·0,9 ·0,9 = 0,081 |
| O – 0,1 | X – 0,1 | O – 0,1 | 0,1 ·0,1 ·0,1 = 0,001 |
Вероятность происхождения какого-либо их этих 4-х вариантов равна сумме вероятностей каждого из вариантов: 0,081 + 0,081 + 0,081 + 0,001 = 0,244.
Задача 9. В Волшебной стране бывает два типа погоды: хорошая и отличная, причём погода, установившись утром, держится неизменной весь день. Известно, что с вероятностью 0,8 погода завтра будет такой же, как и сегодня. Сегодня 3 июля, погода в Волшебной стране хорошая. Найдите вероятность того, что 6 июля в Волшебной стране будет отличная погода.
Решение:
Задачу выполняют несколько вариантов («Х» ― хорошая погода, «О» ― отличная погода):
| 4 июля | 5 июля | 6 июля | Вероятность данного варианта |
| X – 0,8 | X – 0,8 | O – 0,2 | 0,8 · 0,8 · 0,2 = 0,128 |
| X – 0,8 | O – 0,2 | O – 0,8 | 0,8 · 0,2 · 0,8 = 0,128 |
| O – 0,2 | O − 0,8 | O − 0,8 | 0,2 · 0,8 · 0,8 = 0,128 |
| O – 0,2 | X – 0,2 | O – 0,2 | 0,2 · 0,2 · 0,2 = 0,008 |
Вероятность происхождения какого-либо их этих 4 ― х вариантов равна сумме вероятностей каждого из вариантов: 0,128 + 0,128 + 0,128 + 0,008 = 0,392.
Основы теории вероятностей
В этой статье мы расскажем кратко о том, что такое вероятность события. Дадим определение вероятности, введем понятия зависимых и независимых, совместных и несовместных событий. Объясним, что такое сумма событий и произведение событий.
Больше задач – в статье «Задание 2 Профильного ЕГЭ по математике. Теория вероятностей».
БЕСПЛАТНЫЙ МИНИ-КУРС ПО ТЕОРВЕРУ
Случайным называется событие, которое невозможно точно предсказать заранее. Оно может либо произойти, либо нет. Теория вероятностей изучает случайные события и их закономерности, а также случайные величины и действия над ними.
Благоприятным мы называем исход, способствующий наступлению данного события.
Вероятность события равна отношению числа благоприятных исходов к общему числу исходов.
Очевидно, что вероятность – величина положительная и не может быть больше единицы.
Например, перед экзаменом вы выучили 3 билета из 20. Вероятность вытянуть счастливый билет равна 
Вот две простых задачи из вариантов ЕГЭ, где применяется определение вероятности:
1. На борту самолёта 12 мест рядом с запасными выходами и 18 мест за перегородками, разделяющими салоны. Остальные места неудобны для пассажира высокого роста. Пассажир Иванов высокого роста. Найдите вероятность того, что на регистрации при случайном выборе места пассажиру Иванову достанется удобное место, если всего в самолёте 300 мест.
В самолете 21+18=30 мест, удобных для Иванова. Всего в самолете 400 мест. Поэтому вероятность того, что пассажир Иванов получит удобное место, равна 30 : 300 = 0,1.
Просто применили определение вероятности.
2. В группе туристов 32 человека. Их вертолётом в несколько приёмов забрасывают в труднодоступный район по 4 человека за рейс. Порядок, в котором вертолёт перевозит туристов, случаен. Найдите вероятность того, что турист К. полетит пятым рейсом вертолёта.
Каждый рейс, в том числе и пятый, перевозит 4 человек из 32. Вероятность полететь пятым рейсом:
Ответ: 0,125.
События, взаимоисключающие друг друга в рамках данной задачи, называются несовместными. Появление одного из несовместных событий исключает появление других.
Например, вы бросаете монету. «Выпал орел» и «выпала решка» — несовместные события.
Сумма двух событий – термин, означающий, что произошло или первое событие, или второе, или оба сразу.
Вероятность суммы несовместных событий равна сумме их вероятностей.
Вы бросаете игральную кость. Вероятность выпадения «тройки» равна 
Вероятность выпадения «шестерки» также равна
Вероятность выпадения числа, которое делится на 3, 
Произведение двух событий – термин, означающий, что произошло и одно, и другое событие.
События А и В называют независимыми, если вероятность появления события А не меняет вероятности появления события В.
Для нескольких независимых событий вероятность того, что все они произойдут, равна произведению вероятностей.
3. Говорят, что в старину каждый десятый на Руси был Иван, а каждый двадцатый Петр. Если это верно, то кого было больше: Иванов Петровичей или Петров Ивановичей?
Можно по-разному решать эту задачу, и вероятностный подход здесь тоже применим. Посчитаем вероятности двух событий
Событие А. Случайно выбранного мужчину зовут Иван Петрович
Событие В. Мужчину зовут Петр Иванович.
Вероятность быть Иваном Петровичем для жившего в старину россиянина равна 
Мы перемножили вероятности того, что наш древнерусский житель – Иван и что его отца зовут Петр.
А вероятность оказаться Петром Ивановичем точно такая же: 
4. (ЕГЭ) Если шахматист А. играет белыми фигурами, то он выигрывает у шахматиста Б. с ве-роятностью 0,5. Если А. играет чёрными, то А. выигрывает у Б. с вероятностью 0,32. Шахматисты А. и Б. играют две партии, причём во второй партии меняют цвет фигур. Найдите вероятность того, что А. выиграет оба раза.
Шахматист А. играет две партии, одну – белыми фигурами, другую – черными. События «выиграть белыми» и «выиграть черными фигурами» независимы. Вероятность того, что шахматист А. выиграет оба раза, равна произведению вероятностей выигрышей в каждой партии: 0,5 · 0,32 = 0,16.
5. (ЕГЭ) В классе 26 человек, среди них два друга — Андрей и Сергей. Класс случайным образом разбивают на 2 группы по 13 человек. Найдите вероятность того, что Андрей и Сергей окажутся в одной группе.
Пусть Андрей первым занял место в группе (неважно, в какой). И, кроме него, осталось еще 25 человек, среди которых его друг Сергей. Сколько у Сергея шансов оказаться в той же группе, что и Андрей? В группе должно быть 13 человек, то есть Андрей и еще 12. Значит, вероятность того, что Сергей окажется в той же группе, что и Андрей, равна 
, то есть 0,48.
Следующую задачу можно решить методами комбинаторики – например, с помощью формулы Бернулли. Однако в обычной школе не изучают комбинаторику, и тем не менее эта задача появилась в сборниках для подготовки к ЕГЭ.
Лень разбираться самому?
Присоединяйся к мини-курсу по теории вероятностей
ПОДРОБНЕЕ
6. Монету бросают 10 раз. Во сколько раз событие «Орел выпадет ровно 8 раз» более вероятно, чем событие «Орел выпадет ровно 9 раз»?
Начнем с числа возможных исходов. Если мы бросаем монету, возможных исходов два – орел или решка.
Бросим монету два раза (или две монеты одновременно, все равно). И вот уже 4 возможных исхода:
ОО
ОР
РО
РР
(буквой О обозначен выпавший «орел», буквой «р» — решка.
Каждый следующий бросок монеты увеличивает число возможных исходов в 2 раза (орел или решка).
Для 10 бросков монеты количество возможных исходов, очевидно, равно 
По определению, вероятность равна отношению числа благоприятных исходов к общему числу исходов.
Рассмотрим случай, когда орел выпадет ровно 9 раз из 10 бросков монеты. Это значит, что решка выпала ровно 1 раз.
Это могло произойти при первом броске, при втором, при третьем… и, наконец, при десятом, всего 10 благоприятных исходов. Вероятность выпадения решки ровно 1 раз из 10 бросков 
Теперь случай, когда орел выпал ровно 8 раз из 10 бросков монеты. Значит, решка выпала ровно 2 раза.
Пронумеруем броски: 1,2,3…10.
Решка могла выпасть в первый и во второй раз. Обозначим эту комбинацию 12.
Могла также выпасть в первый и третий раз, в первый и четвертый… Эти комбинации обозначаем как 13, 14…
Пронумеруем таким образом все благоприятные исходы.
12, 13, 14, 15, 16, 17, 18, 19, 1 10
23, 24, 25, 26, 27, 28, 29, 2 10
34, 35, 36, 37, 38, 39, 3 10
45, 46, 47, 48, 49, 4 10
56, 57, 58, 59, 5 10
67, 68, 69, 6 10
78, 79, 7 10
89, 8 10
9 10
Количество благоприятных исходов равно 9 + 8 + 7 + 6 + 5 + 4 + 3 + 2 + 1 = 45.
Поделив 
на 
, получим, во сколько раз выпадение решки ровно 8 раз более вероятно, чем выпадение решки ровно 9 раз:
Ответ: 4,5.
Разберем какую-нибудь типовую задачу ЕГЭ по теме «Теория вероятностей». Такую, в которой мы рисуем «дерево» возможных исходов.
7. (ЕГЭ) Две фабрики выпускают одинаковые стекла для автомобильных фар. Первая фабрика выпускает 45% этих стекол, вторая — 55%. Первая фабрика выпускает 3% бракованных стекол, а вторая — 1%. Найдите вероятность того, что случайно купленное в магазине стекло окажется бракованным.
Изобразим все возможные исходы.
По условию, купленное в магазине стекло для автомобильной фары оказалось бракованным. Как это могло получиться?
Стекло сделано либо на первой фабрике, либо на второй. Эти события несовместны.
Вероятность того, что стекло с первой фабрики, равна 0,45.
Вероятность того, что стекло сделано на второй фабрике, равна 0,55.
Первая фабрика выпускает 3% бракованных стекол. Значит, с вероятностью 0,03 стекло, произведенное на первой фабрике, бракованное.
Вторая фабрика выпускает 1% бракованных стекол. Значит, с вероятностью 0,01 сделанное на ней стекло бракованное.
Покупатель купил бракованное стекло. Оно могло быть сделано на первой фабрике и оказалось бракованным. Это означает одновременное наступление, или произведение, двух независимых случайных событий – «стекло сделано на первой фабрике» и «стекло бракованное». Вероятность произведения этих двух событий равна 
Или другой случай. Стекло могло быть со второй фабрики и также бракованное. Вероятность одновременного наступления этих двух событий равна 
События «стекло с первой фабрики» и «стекло со второй фабрики» несовместны – они не могут случиться одновременно.
Вероятность суммы несовместных событий равна сумме вероятностей.
Значит, вероятность купить бракованное стекло равна:
Ответ: 0,019.
Следующая задача будет интересна и старшеклассникам, и студентам. В самом деле – как быть, если вы пришли на экзамен, выучив всего 20 билетов из 30? Идти отвечать первым? Или вторым? Или предпоследним? В каком случае вероятность вытянуть билет, который ты выучил, будет наибольшей?
8. Экзамен проходит по следующей схеме: если некоторый билет уже был вытянут, то после ответа экзаменатор откладывает его в сторону. Студент выучил 20 билетов из 30. Когда ему выгоднее идти, первым или вторым, чтобы вероятность вынуть выученный билет была больше?
Назовем билеты, которые студент выучил, «счастливыми».
Если студент пошел отвечать первым, вероятность вытянуть «счастливый» билет равна 
Если идти отвечать вторым, возможны два случая:
1) Первый билет, который вытянул кто-то другой, был «счастливым», и тогда «счастливых» билетов теперь 19.
2) Первый билет не был «счастливым», и «счастливых» билетов так и осталось 20.
Нарисуем схему возможных исходов, как всегда делаем в подобных задачах:
Вот наш студент идет отвечать вторым. Вероятность вытянуть «счастливый» билет равна 
Удивительный ответ! Та же самая вероятность! Значит, неважно, первым или вторым идти отвечать, если ты выучил 20 билетов из 30.
Конечно, это были самые простые задачи по теории вероятностей. Такие, которые встречаются на ЕГЭ по математике.
Продолжение:
Задание 2 Профильного ЕГЭ по математике. Теория вероятностей
Теория вероятностей. Парадокс Монти Холла
Спасибо за то, что пользуйтесь нашими материалами.
Информация на странице «Теория вероятностей» подготовлена нашими редакторами специально, чтобы помочь вам в освоении предмета и подготовке к ЕГЭ и ОГЭ.
Чтобы успешно сдать необходимые и поступить в высшее учебное заведение или колледж нужно использовать все инструменты: учеба, контрольные, олимпиады, онлайн-лекции, видеоуроки, сборники заданий.
Также вы можете воспользоваться другими материалами из данного раздела.
Публикация обновлена:
08.05.2023
Здравствуйте, на этой странице я собрала краткий курс лекций по предмету «Теория вероятностей и математическая статистика» — ТВИМС.
Лекции подготовлены для студентов любых специальностей и охватывает курс предмета «Теория вероятностей и математическая статистика».
В лекциях вы найдёте основные законы, теоремы, формулы и примеры с решением.
Если что-то непонятно — вы всегда можете написать мне в WhatsApp и я вам помогу!
Тео́рия вероя́тностей — раздел математики, изучающий случайные события, случайные величины, их свойства и операции над ними. wikipedia.org/wiki/Теория_вероятностей
Математи́ческая стати́стика — наука, разрабатывающая математические методы систематизации и использования статистических данных для научных и практических выводов. wikipedia.org/wiki/Математическая_статистика
Предмет теория вероятностей
Задачи любой науки состоят в выявлении и исследовании закономерностей, которым подчиняются реальные процессы.
Теория вероятностей — математическая наука, изучающая закономерности случайных явлений. Знание закономерностей, которым подчиняются массовые случайные события, позволяет предвидеть, как эти события будут протекать.
Методы теории вероятностей широко применяются в различных отраслях науки и техники: в теории надёжности, теории массового обслуживания, теоретической физике, геодезии, астрономии, теории ошибок, теории управления, теории связи и во многих других теоретических и прикладных науках. Теория вероятностей служит для обоснования математической статистики.
Математическая статистика — раздел математики, изучающий методы сбора, систематизации и обработки результатов наблюдений с целью выявления статистических закономерностей. Методы математической статистики используются при планировании организации производства, анализе технологических процессов, для контроля качества продукции и многих других целей.
Первые работы, в которых зарождались основные понятия теории вероятностей, появились в XVI-XVII веках. Они принадлежали Д.Кардано, Б.Паскалю, П.Ферма, Х.Гюйгенс и др. и представляли попытки создания теории азартных игр с целью дать рекомендации игрокам. Следующий этап развития теории вероятностей связан с именем Я.Бернулли, который доказал теорему, теоретически обосновавшую накопленные ранее факты и названную в дальнейшем «законом больших чисел».
Дальнейшее развитие теории вероятностей приходится на XVII-XIX века благодаря работам А.Муавра, П.Лапласа, К.Гаусса, С.Пуассона и др. Весьма плодотворный период развития «математики случайного» связан с именами русских математиков П.Л.Чебышсва, А.М.Ляпунова и А.А.Маркова.
Большой вклад в последующее развитие теории вероятностей и математической статистики внесли российские математики С.Н.Бсрнштейн, В.И.Романовский, А.Н.Колмогоров, А.Я.Хинчин, Б.В.Гнеденко и др., а также учёные англо-американской школы Стьюдент (псевдоним В.Госсета), Р.Фишер, Э.Пирсон, Е.Нейман и др. Особо следует отметить неоценимый вклад академика А.Н.Колмогорова в становление теории вероятностей как математической науки.
Широкому внедрению статистических методов исследования способствовало появление во второй половине XX века электронных вычислительных машин и, в частности, персональных компьютеров. Статистические программные пакеты сделали эти методы более доступными и наглядными, так как трудоёмкую работу по расчёту статистик, параметров, характеристик, построению таблиц и графиков в основном стал выполнять компьютер, а исследователю осталась главным образом творческая работа: постановка задачи, выбор методов решения и интерпретация результатов.
Основные понятия теории вероятностей
Наблюдаемые события можно разделить на три вида: достоверные, невозможные и случайные.
Событие называется достоверным, если оно обязательно произойдет при выполнении данного ряда условий.
Событие называется невозможным, если оно заведомо не произойдет при выполнении данного ряда условий.
Событие называется случайным, если при осуществлении ряда условий оно может либо произойти, либо не произойти. Испытанием называется осуществление ряда условий. События называются несовместными, если появление одного из них исключает появление других событий в одном и том же испытании. События называются единственно возможными, если появление в результате испытания одного и только одного из них является достоверным событием.
Очевидно, единственно возможные события являются попарно несовместимыми.
События называются равновозможными. если можно считать, что ни одно из них не является более возможным, чем другие.
Элементарным исходом называется каждый из возможных результатов испытания.
Полной группой называется совокупность единственно возможных событий испытания.
Противоположными называются два единственно возможных события, образующих полную группу. Если одно из двух противоположных событий обозначено через 
, то другое обозначают 
.
Суммой 
двух событий и 
называется событие, состоящее в появлении события или события , или обоих этих событий. Суммой нескольких событий называется событие, которое состоит в появлении хотя бы одного из этих событий.
Произведением двух событий и называется событие 
, состоящее в совместном появлении этих событий.
Произведением нескольких событий называется событие, состоящее в совместном появлении всех этих событий.
Вероятностью события называется отношение числа благоприятных исходов к общему числу всех элементарных исходов испытания, если все исходы равновозможны (классическое определение вероятности). Формулой это определяется так:
где 
— число элементарных исходов, благоприятных событию 
— число всех возможных элементарных исходов.
Из определения вероятности вытекают следующие свойства:
а) вероятность достоверного события равна единице;
б) вероятность невозможного события равна нулю;
в) вероятность случайного события есть положительное число, заключенное между нулем и единицей;
г) вероятность суммы двух несовместных событий равна сумме вероятностей этих событий:
Пример № 1
В ящике 10 пронумерованных шаров с номерами от 1 до 10. Вынули один шар. Какова вероятность того, что номер вынутого шара не превышает 10?
Решение:
Так как номер любого шара, находящегося в ящике, не превышает 10, то число случаев, благоприятствующих событию , равно числу всех возможных случаев, т.е.
В этом случае событие достоверно.
Пример № 2
В урне 15 шаров: 5 белых и 10 чёрных. Какова вероятность вынуть из урны синий шар?
Решение:
Синих шаров в урне нет, т.е.
Следовательно,
В данном случае событие — невозможное.
Пример № 3
В урне 12 шаров: 3 белых, 4 чёрных и 5 красных. Какова вероятность вынуть из урны чёрный шар?
Решение:
Здесь
Пример № 4
В урне 10 шаров: 6 белых и 4 чёрных. Вынули 2 шара. Какова вероятность того, что оба шара — белые?
Решение:
Здесь число всех случаев
Число же случаев, благоприятствующих событию , определяется равенством
Итак,
Пример № 5
В корзине 100 фруктов: 10 груш и 90 яблок. Наугад взяты четыре фрукта. Найти вероятность того, что
а) взято четыре яблока;
б) взято четыре груши.
Решение:
Общее число элементарных исходов испытания равно числу сочетаний из 100 элементов по четыре, т.е. 
.
а) Число исходов, благоприятствующих рассматриваемому событию (все взятые наугад четыре фрукта являются яблоками), равно числу сочетаний из 90 элементов по четыре, т.е. 
.
Искомая вероятность равна отношению числа исходов, благоприятствующих рассматриваемому событию, к общему числу возможных элементарных исходов:
б) Число исходов, благоприятствующих рассматриваемому событию (все взятые наугад четыре фрукта — груши), равно числу способов, которыми можно извлечь четыре груши из десяти имеющихся, т.е. 
. Искомая вероятность
Пример № 6
Из 10 ответов к задачам, помещённым на данной странице, 2 имеют опечатки. Студент решает 5 задач. Какова вероятность того, что в одной из них ответ дан с опечаткой.
Решение:
Примечание. Такие задачи описываются общей схемой. Имеется совокупность из 
элементов первого вида и 
элементов второго вида. Какова вероятность того, что при выборе совокупности из 
элементов она состоит из 
элементов первого вида и 
элементов второго вида, где
Относительная частота события
Относительной частотой события называется отношение числа испытаний, в которых событие появилось, к общему числу фактически произведенных испытаний. Таким образом,
где 
— число появлений события; 
— общее число испытаний, 
— относительная частота события.
В тех случаях, когда классическое определение вероятности неприменимо (например, когда число исходов бесконечно), используется статистическое определение. В этом случае за вероятность события принимается относительная частота события.
Геометрическое определение вероятности
При классическом определении вероятности не всегда можно определить числа и для вычисления вероятностей событий, и поэтому непосредственно пользоваться формулой 
не удаётся. В таких случаях вводят понятие геометрической вероятности, т. е. вероятности попадания точки в область (отрезок, часть плоскости, часть тела и т. д.).
Пусть, например, на плоскости имеется некоторая область 
и в ней содержится другая область 
. Требуется найти вероятность того, что точка, взятая наудачу в области , попадет в область . При этом выражению «точка, взятая наудачу в области » придается следующий смысл: эта точка может попасть в любую точку области . Вероятность попадания точки в какую-либо часть области пропорциональна мере 
этой части (длине, площади, объему и т.д.) и не зависит от ее расположения и формы:
(геометрическое определение вероятности).
Пример № 7
На отрезке 
длины 
числовой оси 
наудачу нанесена точка 
. Найти вероятность того, что отрезки 
и 
имеют длину больше, чем 
.
Решение:
Разобьём отрезок на четыре равные части точками 
(рис. 1). Требование задачи будет выполнено, если точка 
попадёт на отрезок 
, длина которого равна 
.
Следовательно,
Пример № 8
Внутри эллипса 
расположен круг 
. Найти вероятность попадания точки в кольцо, ограниченное эллипсом и кругом.
Решение:
Пусть событие 
— попадание точки в кольцо. Тогда
где
Так как
то
Примечание. В случае классического определения вероятность невозможного события равна нулю. Справедливо и обратное утверждение, т.е. если вероятность события равна нулю, то событие невозможно. При геометрическом же определении вероятности обратное утверждение не имеет места. Вероятность попадания брошенной точки в одну определённую точку области равна нулю, однако это событие может произойти и, следовательно, не является невозможным.
Пример № 9 (Задача о встрече)
Два студента и 
условились встретиться в определённом месте во время перерыва между 13 ч и 13 ч 50 мин. Пришедший первым ждёт другого в течение 10 мин, после чего уходит. Чему равна вероятность их встречи, если приход каждого из них в течение указанных 50 мин может произойти наудачу, и моменты прихода независимы?
Решение:
Обозначим момент прихода студента через 
, а студента — через 
. Для того чтобы встреча произошла, необходимо и достаточно, чтобы 
. Изобразим и как декартовы координаты на плоскости, а в качестве единицы масштаба выберем одну минуту (рис. 2). Всевозможные исходы изобразятся точками квадрата со стороной 50, а исходы, благоприятствующие встрече, — точками заштрихованной области. Искомая вероятность равна отношению площади заштрихованной фигуры к площади всего квадрата:
Аксиоматическое построение теории вероятностей
Пусть 
— множество всех возможных исходов некоторого испытания (опыта, эксперимента). Каждый элемент 
множества , т.е. 
, называют элементарным событием или элементарным исходом, а само множество — пространством элементарных событий. Любое событие 
рассматривается как некоторое подмножество (часть) множества , т.е. 
.
Само пространство элементарных событий представляет собой событие, происходящее всегда (при любом элементарном исходе со), и называется достоверным событием. Таким образом, выступает в двух качествах: множества всех элементарных исходов и достоверного события. Ко всему пространству элементарных событий добавляется ещё пустое множество 
, рассматриваемое как событие и называемое невозможным событием.
Суммой нескольких событий 
называется объединение множеств 
.
Произведением нескольких событий называется пересечение множеств
Событием 
, противоположным событию 
, называется дополнение множества до , т.е. 
.
Несколько событий образуют полную группу (полную систему), если их сумма представляет всё пространство элементарных событий, а сами события несовместные, т.е.
Таким образом, под операциями над событиями понимаются операции над соответствующими множествами.
В начале 30-х годов XX века академик А.Н.Колмогоров разработал подход, связывающий теорию вероятностей с современной метрической теорией функций и теорией множеств, который в настоящее время является общепринятым.
Сформулируем аксиомы теории вероятностей. Каждому событию поставим в соответствие некоторое число, называемое вероятностью события , т.е. 
. Так как любое событие есть множество, то вероятность события есть функция множества.
Вероятность события должна удовлетворять следующим аксиомам: Р.1. Вероятность любого события неотрицательна: 
.
Р.2. Вероятность достоверного события равна 1: 
.
Р.З. Вероятность суммы несовместных событий равна сумме вероятностей этих событий, т.е. если 
то
Из аксиом P.1, Р.2, Р.З можно вывести основные свойства вероятностей:
Произведение событий
Условной вероятностью 
называется вероятность события 
, вычисленная в предположении, что событие 
уже произошло. Теорема. Вероятность произведения двух событий равна произведению вероятности одного из них на условную вероятность другого, вычисленную в предположении, что первое событие уже наступило:
Следствие. Вероятность совместного появления нескольких событий равна произведению вероятности одного из них на условные вероятности всех остальных, причем вероятность каждого последующего события вычисляется в предположении, что все предыдущие события уже появились:
Два события и называются независимыми, если
Пример № 10
В первом ящике 2 белых и 10 чёрных шаров; во втором ящике 8 белых и 4 чёрных шара. Из каждого ящика вынули по шару. Какова вероятность, что оба шара белые?
Решение:
В данном случае речь идёт о совмещении событий и , где событие — появление белого шара из первого ящика, событие — появление белого шара из второго ящика. При этом и — независимые события. Имеем
Применив теорему умножения вероятностей, находим
Пример № 11
В ящике 6 белых и 8 чёрных шаров. Из ящика вынули два шара (не возвращая вынутый шар в ящик). Найти вероятность того, что оба шара белые.
Решение:
Пусть событие — появление белого шара при первом вынимании; событие — появление белого шара при втором вынимании. По теореме умножения вероятностей для случая зависимых событий имеем
Но
(вероятность появления первого белого шара);
(вероятность появления второго белого шара в предположении, что первый белый шар уже вынут). Поэтому
Пример № 12
Три стрелка независимо друг от друга стреляют по цели. Вероятность попадания в цель для первого стрелка равна 0,75, для второго — 0,8, для третьего — 0,9. Определить вероятность того, что все три стрелка одновременно попадут в цель.
Решение:
Пример № 13
Из колоды в 52 листа наугад вытягиваются три карты. Какова вероятность, что все три карты — тузы?
Решение:
Интересующее нас событие (все три карты — тузы) является произведением трех событий: 
— первая карта туз, 
— вторая карта туз, 
— третья карта туз. По теореме умножения
(число благоприятствующих исходов — число тузов в колоде, общее число элементарных исходов равно числу карт).
(число благоприятствующих исходов — число тузов, оставшихся после совершения события , т.е. после того, как один туз был вынут из колоды; общее число исходов равно числу карт, оставшихся в колоде после того, как одну карту уже вынули). Аналогично,
Следовательно,
Пример № 14
Вероятность выхода станка из строя в течении одного рабочего дня равна 
( — малое положительное число, второй степенью которого можно пренебречь). Какова вероятность того, что за 5 дней станок ни разу не выйдет из строя? Решить задачу при = 0,01.
Решение:
Так как (1 — ) — вероятность того, что станок не выйдет из строя в течение дня, то по теореме умножения вероятностей 
— вероятность того, что станок не выйдет из строя в течение 5 дней.
Воспользовавшись биномиальным разложением и пренебрегая членами, содержащими 
получим приближённое равенство 
. Приняв 
, получаем 
.
Сумма событий
Теорема. Вероятность суммы нескольких попарно несовместных событий равна сумме вероятностей этих событий:
Теорема. Сумма вероятностей событий 
образующих полную группу, равна единице:
Теорема. Сумма вероятностей противоположных событий равна единице:
Теорема. Вероятность суммы совместных событий равна сумме вероятностей этих событий без вероятности их совместного появления:
Пример № 15
В урне 10 белых, 15 чёрных, 20 синих и 25 красных шаров. Вынули один шар. Найти вероятность того, что вынутый шар: белый; чёрный; синий; красный; белый или чёрный; синий или красный; белый, чёрный или синий.
Решение:
Имеем
Применив теорему сложения вероятностей, получим
Пример № 16
Два стрелка стреляют по мишени. Вероятность попадания в цель первым стрелком равна 0,6, вторым — 0,8. Найти вероятность того, что при одном залпе:
а) попадут в цель оба стрелка;
б) попадет хотя бы один.
Решение:
Обозначим события: — попадет в цель первый стрелок, — попадет в цель второй стрелок.
а) Интересующее нас событие (попадут в цель оба стрелка) является произведением событий и . Так как и — независимые события (стрелок попадает или не попадает в цель независимо от меткости другого), то
Следовательно,
б) 1-й способ. Интересующее нас событие является суммой событий и , поэтому по теореме сложения
2-й способ. Событие 
(попадет хотя бы один стрелок) и 
(ни один из стрелков не попадет) — противоположные, поэтому 
. Следовательно, 
.
Событие является произведением событий 
и 
. Таким образом
Пример № 17
В первом ящике 2 белых и 10 чёрных шаров; во втором ящике 8 белых и 4 чёрных шара. Из каждого ящика вынули по шару. Какова вероятность того, что один из вынутых шаров белый, а другой — чёрный.
Решение:
Пусть: событие — появление белого шара из первого ящика; событие — появление белого шара из второго ящика; событие — появление чёрного шара из первого ящика 
, событие 
— появление белого шара из второго ящика 
.
Определим вероятность того, что шар, вынутый из первого ящика, белый, а из второго ящика — чёрный:
Определим вероятность того, что шар, вынутый из первого ящика, чёрный, а из второго ящика — белый:
Определим теперь вероятность того, что шар, вынутый из одного ящика (безразлично — из первого или второго), окажется белым, а шар, вынутый из другого ящика, — чёрным. Применяем теорему сложения вероятностей:
Пример № 18
Три стрелка независимо друг от друга стреляют по цели. Вероятность попадания в цель для первого стрелка равна 0,75, для второго — 0,8, для третьего — 0,9. Определить вероятность того, что в цель попадёт хотя бы один стрелок.
Решение:
Здесь 
(вероятность промаха первого стрелка); 
(вероятность промаха второго стрелка); 
(вероятность промаха третьего стрелка); тогда 
— вероятность одновременного промаха всех трёх стрелков — определится следующим образом:
Но событие, противоположное событию , заключается в поражении цели хотя бы одним стрелком. Следовательно, искомая вероятность
Формула полной вероятности
Теорема. Вероятность события , которое может наступить при условии появления одного из несовместных событий 
образующих полную группу и называемых гипотезами, равна сумме произведений вероятностей каждого из этих событий на соответствующую условную вероятность события :
Пример № 19
Студент знает только 10 из 25 экзаменационных билетов. В каком случае вероятность сдать экзамен больше: когда студент подходит тянуть билет первым или вторым по счету?
Решение:
Обозначим события: — вытягивает выученный билет, подходя первым; — вытягивает выученный билет, подходя вторым.
(число благоприятствующих исходов равно числу выученных билетов; число всех элементарных исходов равно числу билетов). Событие 
может наступить при появлении одного из двух несовместных событий 
(первый взятый билет был известен нашему студенту) и 
(первый взятый билет был невыученный билет). По формуле полной вероятности
Так как
то вероятность одинакова.
Пример № 20
Имеются 4 урны. В первой урне 1 белый и 1 чёрный шар, во второй -2 белых и 3 чёрных шара, в третьей — 3 белых и 5 чёрных шаров, в четвёртой -4 белых и 7 чёрных шаров. Событие 
— выбор 
-той урны 
. Известно, что вероятность выбора -той урны равна 
, т.е. 
, 
Выбирают наугад одну из урн и вынимают из неё шар. Найти вероятность того, что этот шар белый.
Решение:
Из условия следует, что 
(условная вероятность извлечения белого шара из первой урны); аналогично 
. Вероятность извлечения белого шара находим по формуле полной вероятности:
Пример № 21
В первой урне 5 белых и 10 чёрных шаров, во второй — 3 белых и 7 чёрных шаров. Из второй урны в первую переложили один шар, а затем из первой урны вынули наугад один шар. Определить вероятность того, что вынутый шар — белый.
Решение:
Обозначим события: 
— вынули белый шар из первой урны после того, как в неё переложили шар из второй урны; 
— из второй урны в первую переложили белый шар; 
— из второй урны в первую переложили чёрный шар.
Если из второй урны в первую переложили белый шар, то в первой урне стало 16 шаров, из них 6 белых, поэтому
Если переложили чёрный шар, то в первой урне стало 16 шаров, из них 5 белых, поэтому
По формуле полной вероятности
Формула Байеса
Пусть событие 
может наступить при условии появления одного из несовместных событий 
образующих полную группу. Тогда условная вероятность любого события 
при условии, что событие уже произошло, вычисляется по формуле Байеса:
Пример № 22
В первой урне 4 белых и 6 чёрных шаров, во второй — 5 белых и 4 чёрных. Из первой урны во вторую перекладывают, не глядя, один шар, после чего из второй урны извлекают один шар. Найти вероятность, что этот шар белый. Какова вероятность, что из первой во вторую урну был переложен чёрный шар, если извлечённый из второй урны шар оказался белым?
Решение:
Пусть — событие, состоящее в том, что извлечённый шар из второй урны оказался белым, — из первой урны во вторую переложили белый шар, — чёрный. и — гипотезы.
Найдем
Если переложили белый шар, то во второй урне стало 10 шаров, из них 6 белых 6
если чёрный, то шаров так же 10, но белых 5, тогда
По формуле полной вероятности
По формуле Байеса:
Схема Бернулли
Испытания называются независимыми относительно события , если при нескольких испытаниях вероятность события не зависит от исходов других испытаний.
Говорят, что испытания проводятся по схеме Бернулли, если для них выполняются следующие условия:
1) испытания независимы;
2) количество испытаний известно заранее;
3) в результате испытания может произойти только два исхода: «успех» или «неуспех»;
4) вероятность «успеха» в каждом испытании одна и та же. Вероятность того, что при 
испытаниях «успех» осуществится ровно 
раз и, следовательно, «неуспех» 
раз, вычисляется по следующей формуле:
где 
— число сочетаний из элементов по ;
— вероятность «успеха»; 
— вероятность «неуспеха» 
Данная формула называется формулой Бернулли.
Пример № 23
В урне 20 белых и 10 чёрных шаров. Вынули подряд 4 шара, причём каждый вынутый шар возвращают в урну перед извлечением следующего, и шары в урне перемешивают. Какова вероятность того, что из четырёх вынутых шаров окажется два белых?
Решение:
Вероятность извлечения белого шара 
можно считать одной и той же во всех четырёх испытаниях; 
. Используя формулу Бернулли, получаем
Пример № 24
Вероятность появления события равна 0,4. Какова вероятность того, что при 10 испытаниях событие А появится не более трёх раз?
Решение:
Здесь
Имеем:
Вероятность того, что событие появится не больше трёх раз, составляет
Полагая
получим
Пример № 25
В семье пять детей. Найти вероятность того, что среди этих детей два мальчика. Вероятность рождения мальчика принять равной 0,51.
Решение:
Вероятность рождения мальчика равна 
. Следовательно, вероятность рождения девочки равна 
. Искомая вероятность по формуле Бернулли равна
Локальная и интегральная теоремы Лапласа
В тех случаях, когда использование формулы Бернулли затруднено из-за большого значения п, можно использовать асимптотическую формулу из следующей теоремы.
Локальная теорема Лапласа. Вероятность того, что в 
независимых испытаниях, в каждом из которых вероятность появления события равна 
, событие наступит ровно 
раз (безразлично, в какой последовательности), приближенно равна (тем точнее, чем больше )
Здесь
Имеются таблицы, в которых помещены значения функции
соответствующие положительным значениям аргумента 
(приложение, табл. 1). Для отрицательных значений аргумента пользуются теми же таблицами, т.к. функция 
четна, т.е. 
. При 
.
Интегральная теорема Лапласа. Вероятность того, что в п независимых испытаниях, в каждом из которых вероятность появления события равна 
, событие наступит не менее 
раз и не более 
раз, приближенно равна
Здесь
функция Лапласа,
Имеются таблицы функции Лапласа (приложение, табл. 2) для положительных значений 
; для значений 
полагают 
. Для отрицательных значений используют эту же таблицу, учитывая, что функция Лапласа нечетна, т.е.
Пример № 26
Вероятность рождения мальчика равна 0,51. Найти вероятность того, что среди 100 новорожденных окажется 50 мальчиков.
Решение:
По условию задачи
Так как 
— достаточно большое число, воспользуемся локальной теоремой Лапласа:
Найдем значение :
По справочным таблицам (см. приложение, табл.1) найдем
(т.к. функция — четная).
Искомая вероятность
Пример № 27
Вероятность поражения мишени стрелком при одном выстреле равна 0,8. Найти вероятность того, что при 100 выстрелах мишень будет поражена не менее 75 раз и не более 90 раз.
Решение:
По условию задачи
Воспользуемся интегральной теоремой Лапласа:
где 
— функция Лапласа,
Вычислим 
и 
:
Так как функция Лапласа нечетна, т.е.
получим
По справочным таблицам (см. приложение, табл.2) найдём:
Искомая вероятность
Наивероятнейшее число появлений события в независимых испытаниях
Число 
(наступление события в независимых испытаниях, в каждом из которых вероятность появления события равна 
) называют наивероятнейшим, если вероятность того, что событие наступит в этих испытаниях раз, превышает (или, по крайней мере, не меньше) вероятности остальных возможных исходов испытаний .
Наивероятнейшее число определяют из двойного неравенства
причем:
а) если число 
— дробное, то существует одно наивероятнейшее число 
;
б) если число — целое, то существует два наивероятнейших числа, а именно и 
;
в) если число 
— целое, то наивероятнейшее число 
.
Пример № 28
В урне 10 белых и 40 чёрных шаров. Вынимают подряд 14 шаров, причём цвет вынутого шара регистрируют, а затем шар возвращают в урну. Определить наивероятнейшее число появлений белого шара.
Решение:
Используя двойное неравенство
при указанных значениях 
и 
получим
Таким образом, задача имеет два решения:
Пример № 29
Вероятность попадания стрелком в цель равна 0,7. Сделано 25 выстрелов. Определить наивероятнейшее число попаданий в цель.
Решение:
Здесь
Следовательно,
Так как — целое число, то = 18.
Пример № 30
В результате многолетних наблюдений установлено, что вероятность выпадения дождя 1 октября в данном городе равна 1/7. Определить наивероятнейшее число дождливых дней 1 октября в данном городе за 40 лет.
Решение:
Имеем
Таким образом,
Пример № 31
В урне 100 белых и 80 чёрных шаров. Из урны извлекают 
шаров (с возвратом каждого вынутого шара). Наивероятнейшее число появлений белого шара равно 11. Найти .
Решение:
Из двойного неравенства
следует, что
Здесь
следовательно,
Итак, задача имеет два решения:
Пример № 32
Найти наиболее вероятное число правильно набранных секретарём страниц среди 19 страниц текста, если вероятность того, что страница набрана с ошибками, равна 0,1.
Решение:
По условию задачи
Найдем наиболее вероятное число правильно набранных страниц из двойного неравенства
Подставляя данные задачи, получим
или
Так как 
— целое число, то наиболее вероятных чисел два: 
и 
Формула Пуассона
При достаточно больших , если вероятность события мала 
, формула Лапласа непригодна.
В этих случаях ( велико, р <0,1) пользуются формулой Пуассона: вероятность того, что при очень большом числе испытаний, в каждом из которых вероятность события очень мала, событие наступит ровно 
раз, приближенно равна
Здесь 
Имеются таблицы для вычисления 
, для различных 
и (приложение, табл. 3).
Пример № 33
Прядильщица обслуживает 1000 веретен. Вероятность обрыва нити на одном веретене в течение 1 минуты равна 0,004. Найти вероятность того, что в течение 1 минуты обрыв произойдет на пяти веретенах.
Решение:
Так как вероятность 
очень мала, применение локальной теоремы Лапласа приведет к значительному отклонению от точного значения 
. Поэтому при 
применяют формулу Пуассона:
где
По условию задачи
Тогда
Подставляя данные задачи, получим
Замечание. Формулы Бернулли, Пуассона и формула, следующая из локальной теоремы Лапласа, служат для нахождения вероятности, что в испытаниях, проводимых по схеме Бернулли, «успех» наступит ровно раз. Для удобства сведём их в одну таблицу.
Случайная величина
Случайной величиной называется переменная величина, значения которой зависят от случая. Примеры случайных величин: число попаданий в мишень при данном числе выстрелов; число очков, выпадающее при бросании игральной кости.
Случайная величина, возможные значения которой можно перенумеровать, называется дискретной. При этом число значений может быть конечным или бесконечным.
Непрерывной называется случайная величина, которая может принимать все значения из некоторого конечного или бесконечного промежутка. Очевидно, число возможных значений непрерывной случайной величины — бесконечно.
Закон распределения дискретной случайной величины
Для характеристики случайной величины нужно знать совокупность возможных значений этой величины, а также вероятности, с которыми эти значения могут появиться. Эти данные образуют закон распределения случайной величины. Закон распределения дискретной случайной величины 
может быть задан в виде таблицы, первая строка которой содержит возможные значения 
а вторая — вероятности 
:
где
Если множество возможных значений бесконечно, то ряд 
сходится и его сумма равна единице.
Закон распределения дискретной случайной величины может быть задан аналитически (в виде формулы)
или с помощью функции распределения (см. §20).
Закон распределения дискретной случайной величины можно изобразить графически, для чего в прямоугольной системе координат строят точки 
— возможные значения 
— соответствующие вероятности) и соединяют их отрезками прямых. Полученную фигуру называют многоугольником или полигоном распределения вероятностей.
Числовые характеристики дискретных случайных величин
Математическим ожиданием дискретной случайной величины называется сумма произведений всех ее возможных значений на их вероятности:
Если дискретная случайная величина принимает бесконечное множество возможных значений, то
причем математическое ожидание существует, если ряд в правой части равенства сходится абсолютно.
Дисперсией случайной величины называется математическое ожидание квадрата отклонения случайной величины от ее математического ожидания:
Дисперсию удобно вычислять по формуле
Средним квадратическим отклонением случайной величины называется квадратный корень из дисперсии:
Свойства математического ожидания
Свойство 1. Математическое ожидание постоянной величины равно самой постоянной:
Свойство 2. Постоянный множитель можно выносить за знак математического ожидания:
Свойство 3. Математическое ожидание произведения взаимно независимых случайных величин равно произведению математических ожиданий сомножителей:
Свойство 4. Математическое ожидание суммы случайных величин равно сумме математических ожиданий слагаемых:
Свойства дисперсии
Свойство 1. Дисперсия постоянной равна нулю:
Свойство 2. Постоянный множитель можно выносить за знак дисперсии, предварительно возведя в квадрат:
Свойство 3. Дисперсия суммы независимых случайных величин равна сумме дисперсий слагаемых:
Примеры дискретных распределений
Биномиальным называют закон распределения дискретной случайной величины 
— числа появлений «успеха» в 
независимых испытаниях (возможные значения случайной величины 
), в каждом из которых вероятность появления «успеха» равна 
, вероятность возможного значения 
(числа 
появлений «успеха») вычисляют по формуле Бернулли:
Математическое ожидание биномиального распределения равно произведению числа испытаний на вероятность появления события в одном испытании:
Дисперсия биномиального распределения равна произведению числа испытаний на вероятности появления и непоявления события в одном испытании:
Если число испытаний велико, а вероятность появления события в каждом испытании очень мала, то используют приближенную формулу
где — число появлений события в независимых испытаниях, 
, и говорят, что случайная величина распределена по закону Пуассона.
Пример № 34
Производится 
независимых испытаний, в каждом из которых некоторое событие 
наступает с вероятностью 
— число наступлений события в испытаниях. Для случая 1) малого построить ряд распределения, функцию распределения случайной величины 
, найти 
и 
; 2) большого и малого найти 
приближённо с помощью распределения Пуассона; 3) большого найти вероятность 
.
Решение:
1) 
Возможные значения случайной величины : 0,1,2,3,4. Пусть им соответствуют вероятности 
Найдём их, используя формулу Бернулли:
Таким образом, ряд распределения имеет следующий вид:
По определению функция распределения находится по формуле
Найдем 
2) 
По формуле Пуассона
Таким образом, имеем:
(значения 
найдены по табл. 3 приложения).
3) 
По условию задачи
Воспользуемся интегральной теоремой Лапласа:
где 
— функция Лапласа,
Вычислим 
и 
:
Так как функция Лапласа нечетна, т.е. 
, получим
По табл.2 приложения найдем:
Искомая вероятность
Функция распределения вероятностей случайной величины
Функцией распределения называется функция 
, определяющая для каждого значения 
вероятность того, что случайная величина 
примет значение, меньшее , т.е.
Свойства функции распределения:
Свойство 1. Значения функции распределения принадлежат отрезку 
.
Свойство 2. Функция распределения есть неубывающая функция:
Следствие 1. Вероятность того, что случайная величина примет значение, заключенное в промежутке 
, равна приращению функции распределения на этом интервале:
Следствие 2. Вероятность того, что непрерывная случайная величина примет одно определенное значение , равна нулю:
Свойство 3. Если все возможные значения случайной величины принадлежат интервалу 
, то 
при 
при 
. Следствие. Справедливы следующие предельные соотношения:
Свойство 4. Функция распределения непрерывна слева:
Пример № 35
В тёмной комнате 7 красных кубиков и 8 синих, не отличаемых друг от друга на ощупь. Мальчик вынес три кубика. — случайная величина числа красных кубиков среди вынесенных. Найти закон распределения, математическое ожидание и дисперсию случайной величины . Построить график функции распределения 
и найти вероятность 
.
Решение:
Возможные значения случайной величины : 0,1,2,3. Пусть им соответствуют вероятности 
. Найдём их, используя непосредственный подсчёт:
Проверка
Таким образом, закон распределения имеет вид:
Найдем
Дисперсию будем искать по формуле
Составим закон распределения для 
.
По определению функция распределения находится по формуле
Построим график функции распределения:
IIo функции распределения
Плотность распределения вероятностей непрерывной случайной величины
Плотностью распределения вероятностей непрерывной случайной величины называется первая производная от функции распределения:
Вероятность того, что непрерывная случайная величина 
примет значение, принадлежащее интервалу 
, определяется равенством
Зная плотность распределения, можно найти функцию распределения 
Свойства плотности распределения:
Свойство 1. Плотность распределения неотрицательна, т.е. 
.
Свойство 2. Несобственный интеграл от плотности распределения по всей числовой оси равен единице:
Числовые характеристики непрерывных случайных величин
Математическое ожидание непрерывной случайной величины 
, возможные значения которой принадлежат всей оси 
, определяется равенством 
, где 
— плотность распределения случайной величины .
Предполагается, что интеграл сходится абсолютно.
Дисперсия непрерывной случайной величины , возможные значения которой принадлежат всей оси , определяется равенством
или равносильным равенством
Среднее квадратическое отклонение непрерывной случайной величины определяется так же, как и для дискретной величины:
Все свойства числовых характеристик, указанные для дискретных случайных величин, сохраняются и для непрерывных величин.
Пример № 36
Дана функция плотности распределения
Найти: 1) параметр 
; 2) построить графики плотности и функции распределения; 3) 
; 4) 
5) вероятность 
, что отклонение случайной величины от 
не более 1.
Решение:
Так как
получаем
так как
тогда
Итак,
Найдём 
, функцию распределения по формуле
Итак,
Построим оба графика
Найдем
Так как
Найдём 
по формуле 
Дисперсия вычисляется по формуле
Среднее квадратическое отклонение
Найдем
Так как
следует
в нашей задаче
или
то необходимо найти
Примеры непрерывных распределений
Равномерным называется распределение вероятностей непрерывной случайной величины 
, если на интервале 
, которому принадлежат все возможные значения , плотность сохраняет постоянное значение, а именно 
; вне этого интервала 
Математическое ожидание случайной величины, равномерно распределенной в интервале , равно полусумме концов этого интервала:
Дисперсия случайной величины, равномерно распределенной в интервале , определяется равенством
Нормальным называется распределение вероятностей непрерывной случайной величины , плотность которого имеет вид
где 
— математическое ожидание, 
— среднее квадратическое отклонение . Для случайной величины , распределенной по нормальному закону, вероятность того, что примет значение, принадлежащее интервалу 
, вычисляется по формуле
— функция Лапласа.
Функция распределения случайной величины находится по формуле
а вероятность отклонения нормально распределённой случайной величины от её математического ожидания менее чем на 8 равна:
Правило трёх сигм. Если случайная величина распределена нормально, то абсолютная величина её отклонения от математического ожидания не превосходит утроенного среднего квадратического отклонения с вероятностью 0,9973.
Пример № 37
Масса вагона — случайная величина, распределённая по нормальному закону с математическим ожиданием 65 т и средним квадратичным отклонением 0,9 т. Найти вероятность того, что вагон имеет массу не более 67 т и не менее 64 т. По правилу трёх сигм найти наибольшую и наименьшую границы предполагаемой массы.
Решение:
Для нормального распределённой случайной величины
По правилу трёх сигм наименьшая граница 
, наибольшая граница 
. Таким образом, 
.
Наименьшая граница 62,3 т, наибольшая 67,7 т.
Закон больших чисел
Неравенство Чебышева. Вероятность того, что отклонение случайной величины от ее математического ожидания по абсолютной величине меньше положительного числа 
, не меньше чем 
:
Теорема Чебышева. Если последовательность попарно независимых случайных величин 
имеет конечные математические ожидания и дисперсии этих величин равномерно ограничены (не превышают постоянного числа 
), то среднее арифметическое случайных величин сходится по вероятности к среднему арифметическому их математических ожиданий, т.е. если — любое положительное число, то
Теорема Бернулли (Закон больших чисел). Если в каждом из 
независимых испытаний вероятность 
появления события 
постоянна, то как угодно близка к единице вероятность того, что отклонение относительной частоты от вероятности по абсолютной величине будет сколь угодно малым, если число испытаний достаточно велико, т.е.
где — любое сколь угодно малое положительное число.
Центральная предельная теорема
Теорема Ляпунова. Если случайные величины в последовательности 
… независимы, одинаково распределены и имеют конечное математическое ожидание
, и дисперсию 
, то для любого действительного 
где
функция распределения случайной величины
Системы случайных величин
Часто результат опыта описывается не одной случайной величиной , а несколькими случайными величинами: . В этом случае принято говорить, что указанные случайные величины образуют систему
Систему двух случайных величин 
можно изобразить случайной точкой на плоскости.
Событие, состоящее в попадании случайной точки в область 
, принято обозначать в виде 
.
Закон распределения системы двух дискретных случайных величин может быть задан с помощью таблицы
где 
— вероятность события, заключающегося в одновременном выполнении равенств
При этом
Таблица может содержать бесконечное множество строк и столбцов.
Функцией распределения 
-мерной случайной величины 
называется функция 
, выражающая вероятность совместного выполнения неравенств 
т.е.
Примечание. Функцию 
называют также совместной функцией распределения случайных величин 
.
В двумерном случае для случайной величины 
функция распределения 
определяется равенством 
. Геометрически функция распределения означает вероятность попадания случайной точки в бесконечный квадрант, лежащий левее и ниже точки 
. Правая и верхняя границы области в квадрант не включаются — это означает, что функция распределения непрерывна слева по каждому из аргументов.
В случае дискретной двумерной случайной величины её функция распределения определяется по формуле:
где суммирование вероятностей распространяется на все 
, для которых 
, и все 
, для которых 
.
Отметим свойства функции распределения двумерной случайной величины, аналогичные свойствам функции распределения одномерной случайной величины.
где 
и 
— функции распределения случайных величин 
и 
, т.е. 
.
Закон распределения системы непрерывных случайных величин 
будем задавать с помощью функции плотности вероятности 
. Плотностью вероятности (плотностью распределения или совместной плотностью) непрерывной двумерной случайной величины называется вторая смешанная частная производная её функции распределения, т.е.
Вероятность попадания случайной точки в область 
определяется равенством
Функция плотности вероятности обладает следующими свойствами:
Если все случайные точки принадлежат конечной области , то последнее условие принимает вид
Математические ожидания дискретных случайных величии 
и 
, входящих в систему, определяются по формулам
а математические ожидания непрерывных случайных величин — по формулам
Точка 
называется центром рассеивания системы случайных величин 
.
Математические ожидания 
и 
. можно найти и проще, если случайные величины и независимы. В этом случае из законов распределения этих случайных величин можно определить математические ожидания и по формуле, приведенной в §16 для дискретных случайных величин и в §22 для непрерывных случайных величин.
Дисперсии дискретных случайных величин и определяются по формулам
Дисперсии же непрерывных случайных величии и , входящих в систему, находятся по формулам
Средние квадратические отклонения случайных величин и определяются по формулам
Для вычисления дисперсий могут быть применены формулы
Важную роль в теории систем случайных величин играет так называемый корреляционный момент (коваркация)
Для дискретных случайных величин корреляционный момент находится по формуле
а для непрерывных — по формуле
Случайные величины и называются независимыми, если вероятность одной из них принять значение, лежащее в любом промежутке области её значений, не зависит от того, какое значение приняла другая величина. В этом случае
Ковариация двух случайных величин характеризует как степень зависимости случайных величин, так и их рассеяние вокруг точки .
Свойства ковариации случайных величин:
Здесь
для дискретных случайных величин и и
для непрерывных величин.
- Ковариация двух независимых случайных величин равна нулю, т.е.
- Ковариация двух случайных величин по абсолютной величине не превосходит произведения их средних квадратических отклонений, т.е.
Для характеристики связи между величинами и рассматривается так называемый коэффициент корреляции
являющийся безразмерной величиной. Свойства коэффициента корреляции:
Пример № 38
В двух ящиках находятся по шесть шаров; в первом ящике: 1 шар с №1,2 шара с №2, 3 шара с №3; во втором ящике: 2 шара с №1, 3 шара с №2, 1 шар с №3. Пусть — номер шара, вынутого из первого ящика. — номер шара, вынутого из второго ящика. Из каждого ящика вынули по шару. Составить таблицу закона распределения системы случайных величин . Найти математические ожидания и дисперсии случайных величин и . Определить коэффициент корреляции.
Решение:
Случайная точка (1,1) имеет кратность 1 х 2 = 2;
Всего случайных точек 6×6 = 36 (
-кратную точку принимаем за точек). Так как отношение кратности точки ко всему количеству точек равно вероятности появления этой точки, то таблица закона распределения системы случайных величин имеет вид
Сумма всех вероятностей, указанных в таблице, равна единице. Найдём математические ожидания случайных величин и
Точка (7/3; 11/6) является центром рассеивания для заданной системы .
Так как случайные величины и независимы, то математические ожидания и можно подсчитать проще, используя ряды распределения:
Отсюда находим
От системы величин перейдём к системе центрированных величин 
, где
Составим таблицу
Имеем
Отсюда
Заметим, что 
и 
можно найти по формулам
Для нахождения коэффициента корреляции воспользуемся таблицей распределения системы центрированных случайных величин. Определим ковариацию:
Так как 
, то и коэффициент корреляции 
.
Этот же результат мы могли получить и не определяя ковариации 
. Действительно, полагая 
, получаем, что значение 
повторяется 2 раза, значение 
= 2 — 4 раза, а значение = 3 — 6 раз. Значит при получаем ряд распределения случайной величины :
Если 
, то значение повторяется 3 раза, значение = 2-6 раз, а значение = 3-9 раз. Следовательно, при получается ряд распределения случайной величины :
Наконец, если 
= 3, то значение = 1 повторяется 1 раз, значение = 2 -2 раза, а значение = 3 — 3 раза. Ряд распределения случайной величины при = 3 имеет вид
Итак, при различных значениях получаем один и тот же ряд распределения случайной величины . Так как ряд распределения случайной величины не зависит от значений случайной величины , то случайные величины и независимы. Отсюда следует, что коэффициент корреляции равен нулю.
Пример № 40
Система случайных величин 
подчинена закону распределения с плотностью
Область 
— квадрат, ограниченный прямыми 
. Требуется: 1) определить коэффициент 
; 2) вычислить вероятность попадания случайной точки в квадрат 
, ограниченный прямыми 
3) найти математические ожидания 
и 
; 4) найти средние квадратические отклонения 
и 
.
Решение:
1. Коэффициент находим из уравнения
Находим математические ожидания и ; имеем
Следовательно, и
Находим средние квадратические отклонения и :
Итак,
Предмет математическая статистика
Установление закономерностей, которым подчинены массовые случайные явления, основано на изучении статистических данных — результатах наблюдений.
Первая задача математической статистики — указать способы сбора и группировки (если данных очень много) статистических сведений.
Вторая задача математической статистики — разработать методы анализа статистических данных в зависимости от целей исследования.
Основные понятия математической статистики
Генеральная совокупность — совокупность всех изучаемых объектов, 
— её объём (количество всех объектов).
Выборочная совокупность — совокупность объектов, отобранных для изучения, 
— объём выборки.
Объемом совокупности (выборочной или генеральной) называют число объектов этой совокупности.
Таким образом, вместо большой совокупности объектов изучается совокупность объёма, значительно меньшего по количеству объектов 
. Результаты, полученные при изучении выборки, распространяются на объекты всей генеральной совокупности. Для этого выборка должна быть репрезентативной (представительной), то есть правильно представлять генеральную совокупность. Это обеспечивается случайностью отбора.
Виды отбора:
- простой случайный: повторный; бесповторный;
- сложный случайный: типический; механический; серийный.
Простой случайный отбор — производится без деления генеральной совокупности на части.
Повторный отбор — отобранный объект возвращается в генеральную совокупность.
Бссповторный отбор — отобранный объект не возвращается в генеральную
Сложный случайный отбор — производится после предварительного деления генеральной совокупности на части.
Типический отбор — генеральная совокупность делится на типы, из каждого типа случайно отбираются объекты пропорционально объёму типов. Механический отбор — генеральная совокупность делится на части механически, из каждой части случайно отбираются объекты.
Серийный отбор — генеральная совокупность делится на серии, и случайным образом отбираются целые серии объектов.
Статистическое распределение выборки и его характеристики
Пусть из генеральной совокупности извлечена выборка, причем 
наблюдалось 
раз, 
раз, 
раз 
— объем выборки. Наблюдаемые значениях, называют вариантами, а последовательность вариант, записанных в возрастающем порядке, — вариационным рядом. Числа наблюдений называются частотами, а их отношения к объему выоорки — 
относительными частотами.
Статистическим распределением выборки называют перечень вариант и соответствующих им частот или относительных частот.
Результаты выборки представляются в виде статистического распределения:
где
— варианты;
— соответствующие им частоты;
— объём выборки;
— относительные частоты.
Распределение относительных частот:
Основные характеристики выборки:
— выборочная средняя;
— выборочная дисперсия;
— выборочное среднее квадратичное отклонение;
— исправленная дисперсия.
Эмпирической функцией распределения (функцией распределения выборки) называют функцию 
, определяющую для каждого значения 
относительную частоту события 
:
где 
— число вариант, меньших 
— объем выборки.
Полигон и гистограмма
Полигон абсолютных частот — это ломаная, отрезки которой соединяют точки 
Пример:
Полигон относительных частот — это ломаная, отрезки которой соединяют точки 
Пример:
Статистическое распределение может носить интервальный (непрерывный) характер.
Пример:
— длина частичного интервала.
Гистограмма частот — ступенчатая фигура, состоящая из прямоугольников, основаниями которых служат частичные интервалы длиною , а высоты равны отношению 
(плотность частоты).
Пример № 41
В результате испытания случайная величина 
приняла следующие значения
Требуется: 1) составить таблицу, устанавливающую зависимость между значениями случайной величины и её частотами; 2) построить статистическое распределение; 3) изобразить полигон распределения.
Решение:
1. Найдём объём выборки: 
. Составим таблицу
Статистическое распределение имеет вид
Контроль
Последнюю таблицу можно переписать в виде
Возьмём на плоскости 
точки (1; 0,04), (2; 0,08), (3; 0,12) и т.д. Последовательно соединив эти точки прямолинейными отрезками, получим полигон распределения случайной величины .
Пример № 42
В результате испытания случайная величина приняла следующие значения
Требуется: составить таблицу статистического распределения, разбив промежуток (0, 25) на пять участков, имеющих одинаковые длины; построить гистограмму одинаковых частот.
Решение:
Предварительно составим таблицу
Статистическое распределение имеет вид
Гистограмма относительных частот изображена на рисунке
Точечные оценки параметров генеральной совокупности
Точечной называют оценку, которая определяется одним числом. Оценка 
параметра 
называется несмещённой, если её математическое ожидание равно оцениваемому параметру, т.е. 
. В противном случае оценка называется смещённой.
Оценка параметра называется состоятельной, если она удовлетворяет закону больших чисел, т.е. сходится по вероятности к оцениваемому параметру:
В случае использования состоятельных оценок оправдывается увеличение объёма выборки, так как при этом становятся маловероятными значительные ошибки при оценивании. Поэтому практический смысл имеют только состоятельные оценки. Если оценка состоятельна, то практически достоверно, что при достаточно большом 
Несмещённая оценка параметра называется эффективной, если она имеет наименьшую дисперсию среди всех возможных несмещённых оценок параметра , вычисленных по выборкам одного и того же объёма . Параметры генеральной совокупности 
— генеральная средняя и 
— генеральная дисперсия оцениваются по соответствующим параметрам выборки:
Пример № 43
Объем выборки:
или
Таким образом, точечные оценки характеристик генеральной совокупности
Для интервального распределения сначала находят середины интервалов 
.
Пример № 44
Переходим к дискретному распределению
Дальнейшие вычисления проводим, как в предыдущем примере. Получаем:
Таким образом:
Интервальная оценка (доверительный интервал) для генеральной средней
Интервальной называют оценку, которая определяется двумя числами -концами интервала.
Доверительным интервалом для параметра 
называется интервал 
, содержащий истинное значение 9 с заданной вероятностью 
, т.е.
Число называется доверительной вероятностью (надежностью), а значение 
— уровнем значимости.
Интервальной оценкой (с надежностью 
) математического ожидания а нормально распределенного количественного признака 
по выборочной средней 
при известном среднем квадратическом отклонении 
служит доверительный интервал
где 
— объем выборки; 
— значение аргумента функции Лапласа 
(см. приложение, табл. 2), при котором 
.
— генеральная средняя (оцениваемый параметр); 
— средняя выборочная, точечная оценка генеральной средней; 
— точность оценки, 
— надёжность оценки.
— доверительный интервал для 
. 
с вероятностью (надёжностью) .
Для нормального распределения признака
где 
— объём выборки; 
— находят из соотношения 
с помощью табл. 2 (см. приложение). Таким образом, для нормально распределённой величины 
:
Чем больше , тем меньше , то есть точность оценки увеличивается при увеличении объёма выборки.
Чем выше — надёжность оценки, тем меньше её точность ( увеличивается).
Если неизвестно, то 
где 
— исправленная выборочная дисперсия, 
находится из табл. 4 (приложение) по заданным значениям 
и 
.
Интервальной оценкой (с надежностью ) среднего квадратического отклонения нормально распределенного качественного признака 
по «исправленному» выборочному среднему квадратическому отклонению 
служит доверительный интервал
где 
— «исправленное» выборочное среднее квадратическое отклонение; 
находят по табл. 5 приложения по заданным и .
Пример № 45
Найти доверительный интервал для оценки неизвестного математического ожидания «а» нормально распределённого признака, если известны:
Решение:
Из таблицы
Доверительный интервал
Пример № 46
Найти минимальный объём выборки, при котором с надёжностью 0,95 точность оценки математического ожидания нормально распределённого признака по выборочной средней будет равна 0,2, если среднее квадратическое отклонение равно 2.
Решение:
Дано:
найти .
Из формулы
находим
Из условия
находим
Тогда
Пример № 47
По заданным значениям характеристик нормально распределённого признака найти доверительный интервал для оценки неизвестного математического ожидания:
Решение:
. Из табл. 4 по данным 
и 
находим 
. Тогда
Доверительный интервал (16,8 — 0,95; 16,8 + 0,95) = (15,85; 17,75).
Понятие о критериях согласия
Статистической называется гипотеза о неизвестном законе распределения случайной величины или о параметрах закона распределения, вид которого известен.
Нулевой (основной) гипотезой называется выдвинутая гипотеза 
.
Конкурирующей (альтернативной) гипотезой называется гипотеза 
, которая противоречит нулевой гипотезе .
Пусть имеется статистическое распределение выборки для случайной величины 
:
По виду полигона или гистограммы, сравнивая их с графиками дифференциальных функций распределения, делаем предположение о виде закона распределения случайной величины.
Сделанное предположение (гипотеза) подтверждается расчётами критерия согласия.
Имеются различные критерии согласия: Хинчина, Колмогорова, Пирсона. Например, критерий Пирсона (хи-квадрат)
позволяет сравнивать близость частот 
— данного статистического распределения с теоретическими частотами 
, найденными с помощью функции распределения предполагаемого закона:
где 
— дифференциальная, 
— интегральная функции предполагаемого распределения.
Если вычисленное значение критерия 
не превосходит некоторого критического значения 
взятого по таблице, то выдвинутая гипотеза принимается с заданным уровнем надёжности (вероятности) 
. В противном случае гипотеза отвергается. В табл. 6 приложения:
— уровень значимости, это вероятность отвергнуть гипотезу; 
— число степеней свободы, 
, где
— число параметров предполагаемого распределения: 
для нормального распределения (
и 
), 
для показательного распределения (
).
При проверке гипотезы возможны следующие ошибки: ошибка первого рода — отвергнуть гипотезу при её правильности; ошибка второго рода — принятие гипотезы при правильности альтернативной гипотезы .
Виды зависимостей между случайными величинами X и Y
— количественные признаки, связанные между собой. 
— их возможные значения.
Функциональная зависимость — каждому значению признака 
соответствует единственное значение признака 
. Статистическая зависимость — каждому значению признака соответствует статистическое распределение признака 
:
Корреляционная зависимость — каждому значению признака соответствует среднее значение признака (условная средняя 
):
Аналогично:
— уравнение регрессии 
по 
.
— уравнение регрессии по .
Примеры: площадь квадрата есть функция от длины стороны квадрата : 
, зависимость функциональная.
Товарооборот магазина зависит от числа торговых работников . Эта зависимость корреляционная. Две основные задачи теории корреляции:
- Определить форму корреляционной связи, то есть определить вид уравнения регрессии.
- Оценить тесноту (силу) корреляционной связи.
Корреляционная таблица
Все наблюдения числовых признаков и с соответствующими частотами записываются в корреляционную таблицу.
Пример № 48
Числа 1; 3; 5 (левый столбец таблицы) показывают наблюдаемые значения признака . Числа 2; 4; 6 (первая строка) показывают наблюдаемые значения признака .
Числа внутри таблицы показывают частоту появления соответствующей пары значений 
. Например, пара (1; 2) наблюдалась 2 раза, пара (3; 4) — 5 раз, пара (1; 4) не наблюдалась ни разу (соответствующая частота равна 0).
По данным наблюдений вычислены частоты 
:
— частота появления данного значения ,
— частота появления данного значения ,
— объём выборки, количество всех наблюдаемых пар .
Так, значение = 1 наблюдалось 2 + 4 = 6 раз; значение = 5 наблюдалось 3 + 9 + 3 = 15 раз и т.д. Объём выборки = 6 + 11 + 15 + 32 или = 5 + 14 + 13 + 32.
В общем виде корреляционная таблица выглядит так:
Условные средние по :
Условные средние по :
Виды уравнений регрессии
В случаях 1-5 параметры линейной зависимости находятся по формулам, указанным в следующем параграфе. Для случая 6 применяется непосредственно метод наименьших квадратов.
Пример № 49
Дана таблица
Определить коэффициент корреляции 
и уравнения линий регресии.
Решение:
Составим расчётную таблицу:
Из таблицы получаем:
Теперь находим
Вычисляем значение произведения
так как
то связь достаточно обоснована. Уравнения линий регрессии:
Построив точки, определяемые таблицей, и линии регрессии, видим, что обе линии регрессии проходят через точку 
(0,7029; 1,5782). Первая линия отсекает на оси ординат отрезок 3,0329, а вторая — на оси абсцисс отрезок 1,4566. Точки 
расположены близко к линиям регрессии.
Метод наименьших квадратов
Служит для нахождения параметров уравнения регрессии. Пусть даны соответствующие значения рассматриваемых признаков и :
Подберём функцию 
, наилучшим образом отражающую зависимость между признаками 
и 
.
Подставляя 
в функцию, получим теоретическое значение (обозначим 
):
— отклонения теоретических значений от эмпирических значений 
.
Суть метода наименьших квадратов: параметры выбранной функции находят так, чтобы сумма квадратов отклонений теоретических значений от эмпирических была наименьшей, т.е.
Нахождение параметров уравнения линейной регрессии:
Из системы нормальных уравнений:
Показатели тесноты корреляционной связи
— корреляционное отношение (для линейной и нелинейной связи). 
— коэффициент корреляции (только для линейной связи). Свойства:
Формулы для вычислении:
— корреляционное отношение 
к 
, где 
межгрупповая дисперсия, характеризует разброс условных средних 
от общей средней 
— общая дисперсия, характеризует разброс фактических данных от их общей средней 
.
— корреляционное отношение к , где
— межгрупповая дисперсия, характеризует разброс условных средних 
от общей средней 
— общая дисперсия, характеризует разброс фактических данных 
от их общей средней 
Кстати дополнительная теория из учебников по теории вероятности тут.
Пример составления уравнения линейной регрессии и оценки тесноты корреляционной связи
Пусть — оценка студента по математике в школе, — оценка по математике в первом семестре.
В результате опроса составлена следующая корреляционная таблица:
Оценить тесноту корреляционной связи между и , вычислив коэффициент корреляции 
. Составить уравнение линейной регрессии по .
Решение:
Для вычисления найдём
Общие средние:
- Это уравнение выражает зависимость средней оценки по математике в первом семестре от оценки в школе.
Аналогично, 
— уравнение регрессии по .
Тогда,
Построим прямые регрессии по и по . Они всегда проходят через точку 
.
Чем теснее связь между признаками и , тем ближе друг к другу расположены прямые регрессии (угол между ними мал). Прямые совпадают, если связь между и функциональная.
Основы комбинаторики
Факториалом целого положительного числа 
(обозначается !) называется произведение 
Основное свойство факториала: 
.
Размещениями из элементов по 
называются такие соединения по элементов, которые отличаются друг от друга самими элементами или их порядком. Число всех размещений из и различных элементов по к (обозначается 
):
Перестановками из элементов называются их соединения, отличающиеся друг от друга только порядком входящих в них элементов. Число всех перестановок из различных элементов (обозначается 
):
Если среди элементов 
имеются одинаковые (
повторяется 
раз, 
— 
раз, 
раз и т.д.), то
Сочетаниями из элементов по называются их соединения, отличающиеся друг от друга только самими элементами. Число всех сочетаний из различных элементов по (обозначается 
):
Основное свойство сочетаний:
Основной закон комбинаторики. Пусть нужно провести к действий, причём первое действие можно провести 
способами, второе — 
способами,…, 
-е-
способами. Тогда все действия можно провести 
способами.
Возможно эти страницы вам будут полезны:
- Решение задач по теории вероятностей
- Помощь по теории вероятности
- Заказать работу по теории вероятности
- Контрольная работа по теории вероятности
- Курсовая работа по теории вероятности
- Решение задач по математической статистике
- Помощь по математической статистике
- Заказать работу по математической статистике
- Контрольная работа по математической статистике
- Курсовая работа по математической статистике
- Теория вероятностей краткий курс для школьников и студентов (заочников)
Загрузить PDF
Загрузить PDF
Вероятность показывает возможность того или иного события при определенном количестве повторений.[1]
Это число возможных результатов с одним или несколькими исходами, поделенное на общее количество возможных событий. Вероятность нескольких событий вычисляется путем разделения задачи на отдельные вероятности с последующим перемножением этих вероятностей.
-
1
Выберите событие со взаимоисключающими результатами. Вероятность можно рассчитать лишь в том случае, если рассматриваемое событие либо происходит, либо не происходит. Нельзя одновременно получить какое-либо событие и противоположный ему результат. Примером таких событий служат выпадение 5 на игровом кубике или победа определенной лошади на скачках. Пять либо выпадет, либо нет; определенная лошадь либо придет первой, либо нет.[2]
Например:» невозможно вычислить вероятность такого события: при одном броске кубика выпадут 5 и 6 одновременно.
-
2
Определите все возможные события и результаты, которые могут произойти. Предположим, необходимо определить вероятность того, что при броске игрового кубика с 6 цифрами выпадет тройка. «Выпадение тройки» является событием, и поскольку мы знаем, что может выпасть любая из 6 цифр, число возможных исходов равно шести. Таким образом, мы знаем, что в данном случае есть 6 возможных результатов и одно событие, вероятность которого мы хотим определить. Ниже приведено еще два примера.[3]
- Пример 1. Какова вероятность того, что вы случайно выберете день, который выпадает на выходные? В данном случае событием является «выбор дня, который приходится на выходные», а число возможных исходов равно количеству дней недели, то есть семи.
- Пример 2. В коробке находятся 4 синих, 5 красных и 11 белых шаров. Если достать из коробки случайный шар, какова вероятность того, что он окажется красным? Событием является «вынуть красный шар», а число возможных исходов равно общему количеству шаров, то есть двадцати.
-
3
Поделите число событий на количество возможных исходов. Таким образом вы определите вероятность одиночного события. Если мы рассматриваем случай выпадения 3 при бросании кубика, число событий равно 1 (тройка находится лишь на одной грани кубика), а общее количество исходов равно 6. В результате получаем соотношение 1/6, 0,166, или 16,6 %. Вероятность события для двух приведенных выше примеров находится следующим образом:[4]
- Пример 1. Какова вероятность того, что вы случайно выберете день, который выпадает на выходные? Число событий равно 2, так как в одной неделе два выходных дня, а общее количество исходов составляет 7. Таким образом, вероятность равна 2/7. Полученный результат можно записать также как 0,285 или 28,5 %.
- Пример 2. В коробке находятся 4 синих, 5 красных и 11 белых шаров. Если достать из коробки случайный шар, какова вероятность того, что он окажется красным? Число событий равно 5, поскольку в коробке 5 красных шаров, а общее количество исходов составляет 20. Находим вероятность: 5/20 = 1/4. Полученный результат можно записать также как 0,25 или 25 %.
-
4
Сложите вероятности всех возможных событий и проверьте, получится ли в сумме 1. Суммарная вероятность всех возможных событий должна составлять 1, или 100 %. Если у вас не получится 100 %, скорее всего, вы допустили ошибку и пропустили одно или несколько возможных событий. Проверьте свои вычисления и убедитесь, что вы учли все возможные исходы.[5]
- Например, вероятность выпадения 3 при бросании игрового кубика составляет 1/6. При этом вероятность выпадения любой другой цифры из пяти оставшихся также равна 1/6. В результате получаем 1/6 + 1/6 + 1/6 + 1/6 + 1/6 + 1/6 = 6/6, то есть 100 %.
- Если вы, например, забудете о цифре 4 на кубике, сложение вероятностей даст вам лишь 5/6, или 83 %, что не равно единице и указывает на ошибку.
-
5
Представьте вероятность невозможного исхода в виде 0. Это означает, что данное событие не может произойти, и его вероятность равна 0. Таким образом вы сможете учесть невозможные события.[6]
- Например, если бы вы вычисляли вероятность того, что в 2020 году Пасха придется на понедельник, то получили бы 0, поскольку Пасха всегда празднуется в воскресенье.
Реклама
-
1
При рассмотрении независимых событий вычисляйте каждую вероятность отдельно. После того как вы определите, каковы вероятности событий, их можно будет рассчитать отдельно. Предположим, необходимо узнать вероятность того, что при бросании кубика два раза подряд выпадет 5. Мы знаем, что вероятность выпадения одной пятерки составляет 1/6, и вероятность выпадения второй пятерки также равна 1/6. Первый исход не связан со вторым.[7]
- Несколько выпадений пятерок называются независимыми событиями, поскольку то, что выпадет первый раз, не влияет на второе событие.
-
2
Учитывайте влияние предыдущих исходов при расчете вероятности для зависимых событий. Если первое событие влияет на вероятность второго исхода, говорят о расчете вероятности зависимых событий. Например, если вы выбираете две карты из колоды, состоящей из 52 карт, после взятия первой карты состав колоды изменяется, что влияет на выбор второй карты. Чтобы рассчитать вероятность второго из двух зависимых событий, необходимо вычесть 1 из количества возможных результатов при расчете вероятности второго события.[8]
-
Пример 1. Рассмотрим следующее событие: Из колоды случайным образом одну за другой вытягивают две карты. Какова вероятность того, что обе карты будут иметь трефовую масть? Вероятность того, что первая карта будет иметь трефовую масть, составляет 13/52, или 1/4, поскольку всего в колоде 13 карт одной масти.
- После этого вероятность того, что вторая карта окажется трефовой масти, составляет 12/51, поскольку одной трефовой карты уже нет. Это объясняется тем, что первое событие влияет на второе. Если вы вытянули тройку треф и не положили ее обратно, в колоде будет на одну карту меньше (51 вместо 52).
-
Пример 2. В коробке 4 синих, 5 красных и 11 белых шаров. Если наугад вынуть три шара, какова вероятность того, что первый окажется красным, второй синим, а третий белым?
- Вероятность того, что первый шар окажется красным, составляет 5/20, или 1/4. Вероятность того, что второй шар будет синим, равна 4/19, поскольку в коробке осталось на один шар меньше, но по прежнему 4 синих шара. Наконец, вероятность того, что третий шар окажется белым, составляет 11/18, так как мы уже вынули два шара.
-
Пример 1. Рассмотрим следующее событие: Из колоды случайным образом одну за другой вытягивают две карты. Какова вероятность того, что обе карты будут иметь трефовую масть? Вероятность того, что первая карта будет иметь трефовую масть, составляет 13/52, или 1/4, поскольку всего в колоде 13 карт одной масти.
-
3
Перемножьте вероятности каждого отдельного события. Независимо от того, имеете ли вы дело с независимыми или зависимыми событиями, а также количества исходов (их может быть 2, 3 и даже 10), можно рассчитать общую вероятность, умножив вероятности всех рассматриваемых событий друг на друга. В результате вы получите вероятность нескольких событий, следующих одно за другим. Например, стоит задача Найти вероятность того, что при бросании кубика два раза подряд выпадет 5. Это два независимых события, вероятность каждого из которых равна 1/6. Таким образом, вероятность обоих событий составляет 1/6 x 1/6 = 1/36, то есть 0,027, или 2,7 %.[9]
- Пример 1. Из колоды наугад одну за другой вытягивают две карты. Какова вероятность того, что обе карты будут иметь трефовую масть? Вероятность первого события составляет 13/52. Вероятность второго события равна 12/51. Находим общую вероятность: 13/52 x 12/51 = 12/204 = 1/17, то есть 0,058, или 5,8 %.
- Пример 2. В коробке находятся 4 синих, 5 красных и 11 белых шаров. Если наугад вытянуть из коробки три шара один за другим, какова вероятность того, что первый окажется красным, второй синим, а третий белым? Вероятность первого события составляет 5/20. Вероятность второго события равна 4/19. Вероятность третьего события составляет 11/18. Таким образом, общая вероятность равна 5/20 x 4/19 x 11/18 = 44/1368 = 0,032, или 3,2 %.
Реклама
-
1
Рассматривайте возможность как дробь с положительным результатом в числителе. Вернемся к нашему примеру с разноцветными шарами. Предположим, необходимо узнать вероятность того, что вы достанете белый шар (всего их 11) из всего набора шаров (20). Шанс того, что данное событие произойдет, равен отношению вероятности того, что оно случится, к вероятности того, что оно не произойдет. Поскольку в коробке имеется 11 белых шаров и 9 шаров другого цвета, возможность вытянуть белый шар равна отношению 11:9.[10]
- Число 11 представляет вероятность достать белый шар, а число 9 — вероятность вытянуть шар другого цвета.
- Таким образом, более вероятно, что вы достанете белый шар.
-
2
Сложите полученные величины, чтобы перевести возможность в вероятность. Преобразовать возможность довольно просто. Сначала ее следует разбить на два отдельных события: шанс вытянуть белый шар (11) и шанс вытянуть шар другого цвета (9). Сложите полученные числа, чтобы найти общее число возможных событий. Запишите все как вероятность с общим количеством возможных результатов в знаменателе.[11]
- Вы можете вынуть белый шар 11 способами, а шар другого цвета — 9 способами. Таким образом, общее число событий составляет 11 + 9, то есть 20.
-
3
Найдите возможность так, как если бы вы рассчитывали вероятность одного события. Как мы уже определили, всего существует 20 возможностей, причем в 11 случаях можно достать белый шар. Таким образом, рассчитать вероятность вытянуть белый шар можно так же, как и вероятность любого другого одиночного события. Поделите 11 (количество положительных исходов) на 20 (число всех возможных событий), и вы определите вероятность.[12]
- В нашем примере вероятность достать белый шар составляет 11/20. В результате получаем 11/20 = 0,55, или 55 %.
Реклама
Советы
- Для описания вероятности того, что то или иное событие произойдет, математики обычно используют термин «относительная вероятность». Определение «относительная» означает, что результат не гарантирован на 100 %. Например, если подбросить монету 100 раз, то, вероятно, не выпадет ровно 50 раз орел и 50 решка. Относительная вероятность учитывает это.[13]
- Вероятность какого-либо события не может быть отрицательной величиной. Если у вас получилось отрицательное значение, проверьте свои вычисления.[14]
- Чаще всего вероятности записывают в виде дробей, десятичных дробей, процентов или по шкале от 1 до 10.
- Вам может пригодиться знание того, что в спортивных и букмекерских ставках шансы выражаются как «шансы против» — это означает, что возможность заявленного события оценивается первой, а шансы того события, которое не ожидается, стоят на втором месте. Хотя это и может сбить с толку, важно помнить об этом, если вы собираетесь делать ставки на какое-либо спортивное событие.
Реклама
Об этой статье
Эту страницу просматривали 705 752 раза.